高中地理魯教版教案

2018版高考數(shù)學（理科）一輪設計：第5~6章教師用書（人教A版）。

作為優(yōu)秀的教學工作者，在教學時能夠胸有成竹，高中教師在教學前就要準備好教案，做好充分的準備。教案可以讓學生們充分體會到學習的快樂，有效的提高課堂的教學效率。寫好一份優(yōu)質(zhì)的高中教案要怎么做呢？下面是小編精心為您整理的“2018版高考數(shù)學（理科）一輪設計：第5~6章教師用書（人教A版）”，但愿對您的學習工作帶來幫助。

第1講平面向量的概念及線性運算
最新考綱1.了解向量的實際背景；2.理解平面向量的概念，理解兩個向量相等的含義；3.理解向量的幾何表示；4.掌握向量加法、減法的運算，并理解其幾何意義；5.掌握向量數(shù)乘的運算及其幾何意義，理解兩個向量共線的含義；6.了解向量線性運算的性質(zhì)及其幾何意義.
知識梳理
1.向量的有關(guān)概念
名稱定義備注
向量既有大小又有方向的量；向量的大小叫做向量的長度(或稱模)平面向量是自由向量
零向量長度為零的向量；其方向是任意的記作0
單位向量長度等于1個單位的向量非零向量a的單位向量為±a|a|

平行向量方向相同或相反的非零向量0與任一向量平行或共線
共線向量方向相同或相反的非零向量又叫做共線向量
相等向量長度相等且方向相同的向量兩向量只有相等或不等，不能比較大小
相反向量長度相等且方向相反的向量0的相反向量為0

2.向量的線性運算
向量運算定義法則(或幾何意義)運算律
加法求兩個向量和的運算
(1)交換律：
a＋b＝b＋a
(2)結(jié)合律：
(a＋b)＋c＝
a＋(b＋c)
減法求a與b的相反向量－b的和的運算叫做a與b的差
a－b＝a＋(－b)
數(shù)乘求實數(shù)λ與向量a的積的運算(1)|λa|＝|λ||a|；
(2)當λ＞0時，λa的方向與a的方向相同；當λ＜0時，λa的方向與a的方向相反；當λ＝0時，λa＝0λ(μa)＝λμa；(λ＋μ)a＝λa＋μa；λ(a＋b)＝λa＋λb
3.共線向量定理
向量a(a≠0)與b共線的充要條件是存在唯一一個實數(shù)λ，使得b＝λa.診斷自測
1.判斷正誤(在括號內(nèi)打“√”或“×”)精彩PPT展示
(1)零向量與任意向量平行.()
(2)若a∥b，b∥c，則a∥c.()
(3)向量AB→與向量CD→是共線向量，則A，B，C，D四點在一條直線上.()
(4)當兩個非零向量a，b共線時，一定有b＝λa，反之成立.()
(5)在△ABC中，D是BC中點，則AD→＝12(AC→＋AB→).()
解析(2)若b＝0，則a與c不一定平行.
(3)共線向量所在的直線可以重合，也可以平行，則A，B，C，D四點不一定在一條直線上.
答案(1)√(2)×(3)×(4)√(5)√
2.給出下列命題：①零向量的長度為零，方向是任意的；②若a，b都是單位向量，則a＝b；③向量AB→與BA→相等.則所有正確命題的序號是()
A.①B.③C.①③D.①②
解析根據(jù)零向量的定義可知①正確；根據(jù)單位向量的定義可知，單位向量的模相等，但方向不一定相同，故兩個單位向量不一定相等，故②錯誤；向量AB→與BA→互為相反向量，故③錯誤.
答案A
3.(2017棗莊模擬)設D為△ABC所在平面內(nèi)一點，AD→＝－13AB→＋43AC→，若BC→＝λDC→(λ∈R)，則λ＝()
A.2B.3C.－2D.－3
解析由AD→＝－13AB→＋43AC→，可得3AD→＝－AB→＋4AC→，即4AD→－4AC→＝AD→－AB→，則4CD→＝BD→，即BD→＝－4DC→，可得BD→＋DC→＝－3DC→，故BC→＝－3DC→，則λ＝－3，故選D.
答案D
4.(2015全國Ⅱ卷)設向量a，b不平行，向量λa＋b與a＋2b平行，則實數(shù)λ＝____________.
解析∵向量a，b不平行，∴a＋2b≠0，
又向量λa＋b與a＋2b平行，
則存在唯一的實數(shù)μ，使λa＋b＝μ(a＋2b)成立，即λa＋b＝μa＋2μb，則得λ＝μ，1＝2μ，解得λ＝μ＝12.
答案12
5.(必修4P92A12改編)已知ABCD的對角線AC和BD相交于O，且OA→＝a，OB→＝b，則DC→＝______，BC→＝________(用a，b表示).
解析如圖，DC→＝AB→＝OB→－OA→＝b－a，BC→＝OC→－OB→＝－OA→－OB→＝－a－b.
答案b－a－a－b
考點一平面向量的概念
【例1】下列命題中，不正確的是________(填序號).
①若|a|＝|b|，則a＝b；
②若A，B，C，D是不共線的四點，則“AB→＝DC→”是“四邊形ABCD為平行四邊形”的充要條件；
③若a＝b，b＝c，則a＝c.
解析①不正確.兩個向量的長度相等，但它們的方向不一定相同.
②正確.∵AB→＝DC→，∴|AB→|＝|DC→|且AB→∥DC→，又A，B，C，D是不共線的四點，∴四邊形ABCD為平行四邊形；反之，若四邊形ABCD為平行四邊形，則|AB→|＝|DC→|，
AB→∥DC→且AB→，DC→方向相同，因此AB→＝DC→.
③正確.∵a＝b，∴a，b的長度相等且方向相同，又b＝c，∴b，c的長度相等且方向相同，∴a，c的長度相等且方向相同，故a＝c.
答案①
規(guī)律方法(1)相等向量具有傳遞性，非零向量的平行也具有傳遞性.
(2)共線向量即為平行向量，它們均與起點無關(guān).
(3)向量可以平移，平移后的向量與原向量是相等向量.解題時，不要把它與函數(shù)圖象的移動混為一談.
(4)非零向量a與a|a|的關(guān)系：a|a|是與a同方向的單位向量.
【訓練1】下列命題中，正確的是________(填序號).
①有向線段就是向量，向量就是有向線段；
②向量a與向量b平行，則a與b的方向相同或相反；
③兩個向量不能比較大小，但它們的模能比較大小.
解析①不正確，向量可以用有向線段表示，但向量不是有向線段，有向線段也不是向量；
②不正確，若a與b中有一個為零向量，零向量的方向是不確定的，故兩向量方向不一定相同或相反；
③正確，向量既有大小，又有方向，不能比較大小；向量的模均為實數(shù)，可以比較大小.
答案③
考點二平面向量的線性運算
【例2】(1)(2017濰坊模擬)在△ABC中，P，Q分別是AB，BC的三等分點，且AP＝13AB，BQ＝13BC.若AB→＝a，AC→＝b，則PQ→＝()
A.13a＋13bB.－13a＋13b
C.13a－13bD.－13a－13b
(2)(2015北京卷)在△ABC中，點M，N滿足AM→＝2MC→，BN→＝NC→.若MN→＝xAB→＋yAC→，則x＝________；y＝________.
解析(1)PQ→＝PB→＋BQ→＝23AB→＋13BC→＝23AB→＋
13(AC→－AB→)＝13AB→＋13AC→＝13a＋13b，故選A.
(2)由題中條件得，MN→＝MC→＋CN→＝13AC→＋12CB→＝13AC→＋12(AB→－AC→)＝12AB→－16AC→＝xAB→＋yAC→，所以x＝12，y＝－16.
答案(1)A(2)12－16
規(guī)律方法(1)解題的關(guān)鍵在于熟練地找出圖形中的相等向量，并能熟練運用相反向量將加減法相互轉(zhuǎn)化.
(2)用幾個基本向量表示某個向量問題的基本技巧：①觀察各向量的位置；②尋找相應的三角形或多邊形；③運用法則找關(guān)系；④化簡結(jié)果.
【訓練2】(1)如圖，正方形ABCD中，點E是DC的中點，點F是BC的一個靠近B點的三等分點，那么EF→等于()
A.12AB→－13AD→B.14AB→＋12AD→
C.13AB→＋12DA→D.12AB→－23AD→
(2)在△ABC中，AB＝2，BC＝3，∠ABC＝60°，AD為BC邊上的高，O為AD的中點，若AO→＝λAB→＋μBC→，則λ＋μ等于()
A.1B.12C.13D.23
解析(1)在△CEF中，有EF→＝EC→＋CF→.
因為點E為DC的中點，所以EC→＝12DC→.
因為點F為BC的一個靠近B點的三等分點，
所以CF→＝23CB→.
所以EF→＝12DC→＋23CB→＝12AB→＋23DA→
＝12AB→－23AD→，故選D.
(2)∵AD→＝AB→＋BD→＝AB→＋13BC→，
∴2AO→＝AB→＋13BC→，即AO→＝12AB→＋16BC→.
故λ＋μ＝12＋16＝23.
答案(1)D(2)D
考點三共線向量定理及其應用
【例3】設兩個非零向量a與b不共線.
(1)若AB→＝a＋b，BC→＝2a＋8b，CD→＝3(a－b).求證：A，B，D三點共線；
(2)試確定實數(shù)k，使ka＋b和a＋kb共線.
(1)證明∵AB→＝a＋b，BC→＝2a＋8b，CD→＝3(a－b).
∴BD→＝BC→＋CD→＝2a＋8b＋3(a－b)＝2a＋8b＋3a－3b＝5(a＋b)＝5AB→.∴AB→，BD→共線，
又它們有公共點B，
∴A，B，D三點共線.
(2)解∵ka＋b與a＋kb共線，∴存在實數(shù)λ，
使ka＋b＝λ(a＋kb)，即ka＋b＝λa＋λkb，
∴(k－λ)a＝(λk－1)b.
∵a，b是不共線的兩個非零向量，
∴k－λ＝λk－1＝0，∴k2－1＝0，∴k＝±1.
規(guī)律方法(1)證明三點共線問題，可用向量共線解決，但應注意向量共線與三點共線的區(qū)別與聯(lián)系，當兩向量共線且有公共點時，才能得出三點共線.
(2)向量a，b共線是指存在不全為零的實數(shù)λ1，λ2，使λ1a＋λ2b＝0成立.
【訓練3】(1)(2017資陽模擬)已知向量AB→＝a＋3b，BC→＝5a＋3b，CD→＝－3a＋3b，則()
A.A，B，C三點共線B.A，B，D三點共線
C.A，C，D三點共線D.B，C，D三點共線
(2)已知A，B，C是直線l上不同的三個點，點O不在直線l上，則使等式x2OA→＋xOB→＋BC→＝0成立的實數(shù)x的取值集合為()
A.{0}B.C.{－1}D.{0，－1}
解析(1)∵BD→＝BC→＋CD→＝2a＋6b＝2(a＋3b)＝2AB→，
∴BD→、AB→共線，又有公共點B，
∴A，B，D三點共線.故選B.
(2)因為BC→＝OC→－OB→，所以x2OA→＋xOB→＋OC→－OB→＝0，即OC→＝－x2OA→－(x－1)OB→，因為A，B，C三點共線，
所以－x2－(x－1)＝1，即x2＋x＝0，
解得x＝0或x＝－1.
答案(1)B(2)D
[思想方法]
1.向量的線性運算滿足三角形法則和平行四邊形法則.向量加法的三角形法則要素是“首尾相接，指向終點”；向量減法的三角形法則要素是“起點重合，指向被減向量”；平行四邊形法則要素是“起點重合”.
2.證明三點共線問題，可用向量共線來解決，但應注意向量共線與三點共線的區(qū)別與聯(lián)系，當兩向量共線且有公共點時，才能得出三點共線.
3.對于三點共線有以下結(jié)論：對于平面上的任一點O，OA→，OB→不共線，滿足OP→＝xOA→＋yOB→(x，y∈R)，則P，A，B共線x＋y＝1.
[易錯防范]
1.解決向量的概念問題要注意兩點：一是不僅要考慮向量的大小，更重要的是要考慮向量的方向；二是考慮零向量是否也滿足條件.要特別注意零向量的特殊性.
2.在利用向量減法時，易弄錯兩向量的順序，從而求得所求向量的相反向量，導致錯誤.
基礎鞏固題組
(建議用時：30分鐘)
一、選擇題
1.已知下列各式：①AB→＋BC→＋CA→；②AB→＋MB→＋BO→＋OM→；③OA→＋OB→＋BO→＋CO→；④AB→－AC→＋BD→－CD→.其中結(jié)果為零向量的個數(shù)為()
A.1B.2C.3D.4
解析由題知結(jié)果為零向量的是①④，故選B.
答案B
2.設a是非零向量，λ是非零實數(shù)，下列結(jié)論中正確的是()
A.a與λa的方向相反B.a與λ2a的方向相同
C.|－λa|≥|a|D.|－λa|≥|λ|a
解析對于A，當λ＞0時，a與λa的方向相同，當λ＜0時，a與λa的方向相反；B正確；對于C，|－λa|＝|－λ||a|，由于|－λ|的大小不確定，故|－λa|與|a|的大小關(guān)系不確定；對于D，|λ|a是向量，而|－λa|表示長度，兩者不能比較大小.
答案B
3.如圖，在正六邊形ABCDEF中，BA→＋CD→＋EF→＝()
A.0B.BE→
C.AD→D.CF→
解析由題圖知BA→＋CD→＋EF→＝BA→＋AF→＋CB→＝CB→＋BF→＝CF→.
答案D
4.設a0為單位向量，下述命題中：①若a為平面內(nèi)的某個向量，則a＝|a|a0；②若a與a0平行，則a＝|a|a0；③若a與a0平行且|a|＝1，則a＝a0.假命題的個數(shù)是()
A.0B.1C.2D.3
解析向量是既有大小又有方向的量，a與|a|a0的模相同，但方向不一定相同，故①是假命題；若a與a0平行，則a與a0的方向有兩種情況：一是同向，二是反向，反向時a＝－|a|a0，故②③也是假命題.綜上所述，假命題的個數(shù)是3.
答案D
5.設M為平行四邊形ABCD對角線的交點，O為平行四邊形ABCD所在平面內(nèi)任意一點，則OA→＋OB→＋OC→＋OD→等于()
A.OM→B.2OM→C.3OM→D.4OM→
解析OA→＋OB→＋OC→＋OD→＝(OA→＋OC→)＋(OB→＋OD→)＝2OM→＋2OM→＝4OM→.故選D.
答案D
6.在△ABC中，AB→＝c，AC→＝b，若點D滿足BD→＝2DC→，則AD→等于()
A.23b＋13cB.53c－23b
C.23b－13cD.13b＋23c
解析∵BD→＝2DC→，∴AD→－AB→＝BD→＝2DC→＝2(AC→－AD→)，
∴3AD→＝2AC→＋AB→，∴AD→＝23AC→＋13AB→＝23b＋13c.
答案A
7.(2017溫州八校檢測)設a，b不共線，AB→＝2a＋pb，BC→＝a＋b，CD→＝a－2b，若A，B，D三點共線，則實數(shù)p的值為()
A.－2B.－1C.1D.2
解析∵BC→＝a＋b，CD→＝a－2b，
∴BD→＝BC→＋CD→＝2a－b.
又∵A，B，D三點共線，∴AB→，BD→共線.
設AB→＝λBD→，∴2a＋pb＝λ(2a－b)，
∴2＝2λ，p＝－λ，∴λ＝1，p＝－1.
答案B
8.如圖所示，已知AB是圓O的直徑，點C，D是半圓弧的兩個三等分點，AB→＝a，AC→＝b，則AD→＝()
A.a－12bB.12a－b
C.a＋12bD.12a＋b
解析連接CD，由點C，D是半圓弧的三等分點，得CD∥AB且CD→＝12AB→＝12a，
所以AD→＝AC→＋CD→＝b＋12a.
答案D
二、填空題
9.如圖，點O是正六邊形ABCDEF的中心，在分別以正六邊形的頂點和中心為始點和終點的向量中，與向量OA→相等的向量有________個.
解析根據(jù)正六邊形的性質(zhì)和相等向量的定義，易知與向量OA→相等的向量有CB→，DO→，EF→，共3個.
答案3
10.如圖，在平行四邊形ABCD中，對角線AC與BD交于點O，AB→＋AD→＝λAO→，則λ＝________.
解析因為ABCD為平行四邊形，所以AB→＋AD→＝AC→＝2AO→，已知AB→＋AD→＝λAO→，故λ＝2.
答案2
11.向量e1，e2不共線，AB→＝3(e1＋e2)，CB→＝e2－e1，CD→＝2e1＋e2，給出下列結(jié)論：①A，B，C共線；②A，B，D共線；③B，C，D共線；④A，C，D共線.其中所有正確結(jié)論的序號為________.
解析由AC→＝AB→－CB→＝4e1＋2e2＝2CD→，且AB→與CB→不共線，可得A，C，D共線，且B不在此直線上.
答案④
12.已知△ABC和點M滿足MA→＋MB→＋MC→＝0，若存在實數(shù)m使得AB→＋AC→＝mAM→成立，則m＝________.
解析由已知條件得MB→＋MC→＝－MA→，如圖，延長AM交BC于D點，則D為BC的中點.
延長BM交AC于E點，延長CM交AB于F點，同理可證E，F(xiàn)分別為AC，AB的中點，即M為△ABC的重心，
∴AM→＝23AD→＝13(AB→＋AC→)，即AB→＋AC→＝3AM→，則m＝3.
答案3
能力提升題組
(建議用時：15分鐘)
13.(2017延安模擬)設e1與e2是兩個不共線向量，AB→＝3e1＋2e2，CB→＝ke1＋e2，CD→＝3e1－2ke2，若A，B，D三點共線，則k的值為()
A.－94B.－49
C.－38D.不存在
解析由題意，A，B，D三點共線，故必存在一個實數(shù)λ，使得AB→＝λBD→.
又AB→＝3e1＋2e2，CB→＝ke1＋e2，CD→＝3e1－2ke2，
所以BD→＝CD→－CB→＝3e1－2ke2－(ke1＋e2)
＝(3－k)e1－(2k＋1)e2，
所以3e1＋2e2＝λ(3－k)e1－λ(2k＋1)e2，
所以3＝λ（3－k），2＝－λ（2k＋1），解得k＝－94.
答案A
14.已知點O，A，B不在同一條直線上，點P為該平面上一點，且2OP→＝2OA→＋BA→，則()
A.點P在線段AB上B.點P在線段AB的反向延長線上
C.點P在線段AB的延長線上D.點P不在直線AB上
解析因為2OP→＝2OA→＋BA→，所以2AP→＝BA→，所以點P在線段AB的反向延長線上，故選B.
答案B
15.O是平面上一定點，A，B，C是平面上不共線的三個點，動點P滿足：OP→＝OA→＋λAB→|AB→|＋AC→|AC→|，λ∈[0，＋∞)，則P的軌跡一定通過△ABC的()
A.外心B.內(nèi)心C.重心D.垂心
解析作∠BAC的平分線AD.∵OP→＝OA→＋λAB→|AB→|＋AC→|AC→|，
∴AP→＝λAB→|AB→|＋AC→|AC→|＝λ′AD→|AD→|(λ′∈[0，＋∞))，
∴AP→＝λ′|AD→|AD→，∴AP→∥AD→.
∴P的軌跡一定通過△ABC的內(nèi)心.
答案B
16.若點O是△ABC所在平面內(nèi)的一點，且滿足|OB→－OC→|＝|OB→＋OC→－2OA→|，則△ABC的形狀為________.
解析OB→＋OC→－2OA→＝(OB→－OA→)＋(OC→－OA→)＝AB→＋AC→，OB→－OC→＝CB→＝AB→－AC→，∴|AB→＋AC→|＝|AB→－AC→|.
故A，B，C為矩形的三個頂點，△ABC為直角三角形.
答案直角三角形
第2講平面向量基本定理及坐標表示
最新考綱1.了解平面向量的基本定理及其意義；2.掌握平面向量的正交分解及其坐標表示；3.會用坐標表示平面向量的加法、減法與數(shù)乘運算；4.理解用坐標表示的平面向量共線的條件.

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2018版高考數(shù)學（理科）一輪設計：第4章教師用書（人教A版）

第1講任意角、弧度制及任意角的三角函數(shù)
最新考綱1.了解任意角的概念和弧度制的概念；2.能進行弧度與角度的互化；3.理解任意角的三角函數(shù)(正弦、余弦、正切)的定義.
知識梳理
1.角的概念的推廣
(1)定義：角可以看成平面內(nèi)的一條射線繞著端點從一個位置旋轉(zhuǎn)到另一個位置所成的圖形.
(2)分類按旋轉(zhuǎn)方向不同分為正角、負角、零角Ｗ.按終邊位置不同分為象限角和軸線角.
(3)終邊相同的角：所有與角α終邊相同的角，連同角α在內(nèi)，可構(gòu)成一個集合S＝{β|β＝α＋k360°，k∈Z}.
2.弧度制的定義和公式
(1)定義：把長度等于半徑長的弧所對的圓心角叫做1弧度的角，弧度記作rad.
(2)公式
角α的弧度數(shù)公式|α|＝lr(弧長用l表示)

角度與弧度的換算①1°＝π180rad；②1rad＝

弧長公式弧長l＝|α|r
扇形面積公式S＝12lr＝12|α|r2

3.任意角的三角函數(shù)
三角函數(shù)正弦余弦正切
定義設α是一個任意角，它的終邊與單位圓交于點P(x，y)，那么
y叫做α的正弦，記作sinαx叫做α的余弦，記作cosαyx叫做α的正切，記作tanα
各象限符號Ⅰ＋＋＋
Ⅱ＋－－
Ⅲ－－＋
Ⅳ－＋－
三角函數(shù)線
有向線段MP為正弦線
有向線段OM為余弦線
有向線段AT為正切線
診斷自測
1.判斷正誤(在括號內(nèi)打“√”或“×”)精彩PPT展示
(1)小于90°的角是銳角.()
(2)銳角是第一象限角，反之亦然.()
(3)將表的分針撥快5分鐘，則分針轉(zhuǎn)過的角度是30°.()
(4)若α∈0，π2，則tanα＞α＞sinα.()
(5)相等的角終邊一定相同，終邊相同的角也一定相等.()
解析(1)銳角的取值范圍是(0°，90°).
(2)第一象限角不一定是銳角.
(3)順時針旋轉(zhuǎn)得到的角是負角.
(5)終邊相同的角不一定相等.
答案(1)×(2)×(3)×(4)√(5)×
2.角－870°的終邊所在的象限是()
A.第一象限B.第二象限
C.第三象限D(zhuǎn).第四象限
解析由－870°＝－3×360°＋210°，知－870°角和210°角的終邊相同，在第三象限.
答案C
3.下列與9π4的終邊相同的角的表達式中正確的是()
A.2kπ＋45°(k∈Z)B.k360°＋94π(k∈Z)
C.k360°－315°(k∈Z)D.kπ＋5π4(k∈Z)
解析與9π4的終邊相同的角可以寫成2kπ＋9π4(k∈Z)，但是角度制與弧度制不能混用，所以只有C正確.
答案C
4.已知角α的終邊經(jīng)過點(－4，3)，則cosα＝()
A.45B.35C.－35D.－45
解析∵角α的終邊經(jīng)過點(－4，3)，
∴x＝－4，y＝3，r＝5.
∴cosα＝xr＝－45，故選D.
答案D
5.(必修4P10A6改編)一條弦的長等于半徑，這條弦所對的圓心角大小為________弧度.
答案π3
考點一角的概念及其集合表示
【例1】(1)若角α是第二象限角，則α2是()
A.第一象限角B.第二象限角
C.第一或第三象限角D.第二或第四象限角
(2)終邊在直線y＝3x上，且在[－2π，2π)內(nèi)的角α的集合為________.
解析(1)∵α是第二象限角，
∴π2＋2kπ＜α＜π＋2kπ，k∈Z，
∴π4＋kπ＜α2＜π2＋kπ，k∈Z.
當k為偶數(shù)時，α2是第一象限角；
當k為奇數(shù)時，α2是第三象限角.
(2)如圖，在坐標系中畫出直線y＝3x，可以發(fā)現(xiàn)它與x軸的夾角是π3，在[0，2π)內(nèi)，終邊在直線y＝3x上的角有兩個：π3，43π；在[－2π，0)內(nèi)滿足條件的角有兩個：－23π，－53π，故滿足條件的角α構(gòu)成的集合為－53π，－23π，π3，43π.
答案(1)C(2)－53π，－23π，π3，43π
規(guī)律方法(1)利用終邊相同的角的集合可以求適合某些條件的角，方法是先寫出與這個角的終邊相同的所有角的集合，然后通過對集合中的參數(shù)k賦值來求得所需的角.
(2)確定kα，αk(k∈N*)的終邊位置的方法
先用終邊相同角的形式表示出角α的范圍，再寫出kα或αk的范圍，然后根據(jù)k的可能取值討論確定kα或αk的終邊所在位置.
【訓練1】(1)設集合M＝x|x＝k2180°＋45°，k∈Z，N＝x|x＝k4180°＋45°，k∈Z，那么()
A.M＝NB.MN
C.NMD.M∩N＝
(2)集合α|kπ＋π4≤α≤kπ＋π2，k∈Z中的角所表示的范圍(陰影部分)是()
解析(1)法一由于M＝x|x＝k2180°＋45°，k∈Z＝{…，－45°，45°，135°，225°，…}，
N＝x|x＝k4180°＋45°，k∈Z＝{…，－45°，0°，45°，90°，135°，180°，225°，…}，顯然有MN，故選B.
法二由于M中，x＝k2180°＋45°＝k90°＋45°＝(2k＋1)45°，2k＋1是奇數(shù)；
而N中，x＝k4180°＋45°＝k45°＋45°＝(k＋1)45°，k＋1是整數(shù)，因此必有MN，故選B.
(2)當k＝2n(n∈Z)時，2nπ＋π4≤α≤2nπ＋π2，此時α表示的范圍與π4≤α≤π2表示的范圍一樣；
當k＝2n＋1(n∈Z)時，2nπ＋5π4≤α≤2nπ＋3π2，此時α表示的范圍與5π4≤α≤3π2表示的范圍一樣，故選C.
答案(1)B(2)C
考點二弧度制及其應用
【例2】已知一扇形的圓心角為α，半徑為R，弧長為l.
(1)若α＝60°，R＝10cm，求扇形的弧長l；
(2)已知扇形的周長為10cm，面積是4cm2，求扇形的圓心角；
(3)若扇形周長為20cm，當扇形的圓心角α為多少弧度時，這個扇形的面積最大？
解(1)α＝60°＝π3rad，∴l(xiāng)＝αR＝π3×10＝10π3(cm).
(2)由題意得2R＋Rα＝10，12αR2＝4，解得R＝1，α＝8(舍去)，R＝4，α＝12.
故扇形圓心角為12.
(3)由已知得，l＋2R＝20.
所以S＝12lR＝12(20－2R)R＝10R－R2＝－(R－5)2＋25，所以當R＝5時，S取得最大值25，
此時l＝10，α＝2.
規(guī)律方法應用弧度制解決問題的方法
(1)利用扇形的弧長和面積公式解題時，要注意角的單位必須是弧度.
(2)求扇形面積最大值的問題時，常轉(zhuǎn)化為二次函數(shù)的最值問題，利用配方法使問題得到解決.
(3)在解決弧長問題和扇形面積問題時，要合理地利用圓心角所在的三角形.
【訓練2】已知一扇形的圓心角為α(α0)，所在圓的半徑為R.
(1)若α＝90°，R＝10cm，求扇形的弧長及該弧所在的弓形的面積；
(2)若扇形的周長是一定值C(C0)，當α為多少弧度時，該扇形有最大面積？
解(1)設弧長為l，弓形面積為S弓，則
α＝90°＝π2，R＝10，l＝π2×10＝5π(cm)，
S弓＝S扇－S△＝12×5π×10－12×102＝25π－50(cm2).
(2)扇形周長C＝2R＋l＝2R＋αR，
∴R＝C2＋α，
∴S扇＝12αR2＝12αC2＋α2
＝C2α214＋4α＋α2＝C2214＋α＋4α≤C216.
當且僅當α2＝4，即α＝2時，扇形面積有最大值C216.
考點三三角函數(shù)的概念
【例3】(1)(2017洛陽一中月考)已知角α的終邊與單位圓x2＋y2＝1交于點P12，y0，則cos2α等于()
A.－12B.12C.－32D.1
(2)(2016蘭州模擬)已知角α的終邊過點P(－8m，－6sin30°)，且cosα＝－45，則m的值為()
A.－12B.12C.－32D.32
解析(1)根據(jù)題意可知，cosα＝12，
∴cos2α＝2cos2α－1＝2×14－1＝－12.
(2)∵r＝64m2＋9，
∴cosα＝－8m64m2＋9＝－45，
∴m0，∴4m264m2＋9＝125，因此m＝12.
答案(1)A(2)B
規(guī)律方法(1)利用三角函數(shù)的定義，求一個角的三角函數(shù)值，需確定三個量：角的終邊上任意一個異于原點的點的橫坐標x，縱坐標y，該點到原點的距離r.
(2)利用三角函數(shù)線解三角不等式時要注意邊界角的取舍，結(jié)合三角函數(shù)的周期性正確寫出角的范圍.
【訓練3】(1)設θ是第三象限角，且cosθ2＝－cosθ2，則θ2是()
A.第一象限角B.第二象限角
C.第三象限角D.第四象限角
(2)滿足cosα≤－12的角α的集合為________.
解析(1)由θ是第三象限角，知θ2為第二或第四象限角，
∵cosθ2＝－cosθ2，∴cosθ2≤0，
綜上知θ2為第二象限角.
(2)作直線x＝－12交單位圓于C，D兩點，
連接OC，OD，則OC與OD圍成的區(qū)域(圖中陰影部分)即為角α終邊的范圍，故滿足條件的角α的集合為
α|2kπ＋23π≤α≤2kπ＋43π，k∈Z.
答案(1)B(2)α|2kπ＋23π≤α≤2kπ＋43π，k∈Z
[思想方法]
1.在利用三角函數(shù)定義時，點P可取終邊上任一點，如有可能則取終邊與單位圓的交點.|OP|＝r一定是正值.
2.三角函數(shù)符號是重點，也是難點，在理解的基礎上可借助口訣：一全正，二正弦，三正切，四余弦.
3.在解決簡單的三角不等式時，利用單位圓及三角函數(shù)線是一個小技巧.
[易錯防范]
1.注意易混概念的區(qū)別：象限角、銳角、小于90°的角是概念不同的三類角.第一類是象限角，第二、第三類是區(qū)間角.
2.角度制與弧度制可利用180°＝πrad進行互化，在同一個式子中，采用的度量制度必須一致，不可混用.
3.已知三角函數(shù)值的符號確定角的終邊位置不要遺漏終邊在坐標軸上的情況.
基礎鞏固題組
(建議用時：30分鐘)
一、選擇題
1.給出下列四個命題：
①－3π4是第二象限角；②4π3是第三象限角；③－400°是第四象限角；④－315°是第一象限角.
其中正確的命題有()
A.1個B.2個C.3個D.4個
解析－3π4是第三象限角，故①錯誤.4π3＝π＋π3，從而4π3是第三象限角，
②正確.－400°＝－360°－40°，從而③正確.－315°＝－360°＋45°，從而④正確.
答案C
2.已知點P(tanα，cosα)在第三象限，則角α的終邊所在象限是()
A.第一象限B.第二象限
C.第三象限D(zhuǎn).第四象限
解析由題意知tanα＜0，cosα＜0，∴α是第二象限角.
答案B
3.(2017福州模擬)已知角θ的終邊經(jīng)過點P(4，m)，且sinθ＝35，則m等于()
A.－3B.3C.163D.±3
解析sinθ＝m16＋m2＝35，解得m＝3.
答案B
4.點P從(1，0)出發(fā)，沿單位圓逆時針方向運動2π3弧長到達Q點，則Q點的坐標為()
A.(－12，32)B.(－32，－12)
C.(－12，－32)D.(－32，12)
解析由三角函數(shù)定義可知Q點的坐標(x，y)滿足x＝cos2π3＝－12，y＝sin2π3＝32.
答案A
5.已知角α的終邊經(jīng)過點(3a－9，a＋2)，且cosα≤0，sinα0.則實數(shù)a的取值范圍是()
A.(－2，3]B.(－2，3)
C.[－2，3)D.[－2，3]
解析∵cosα≤0，sinα0，
∴角α的終邊落在第二象限或y軸的正半軸上.
∴3a－9≤0，a＋20，∴－2a≤3.
答案A
6.若一圓弧長等于其所在圓的內(nèi)接正三角形的邊長，則其圓心角α∈(0，π)的弧度數(shù)為()
A.π3B.π2C.3D.2
解析設圓半徑為r，則其內(nèi)接正三角形的邊長為3r，所以3r＝αr，∴α＝3.
答案C
7.給出下列命題：
①第二象限角大于第一象限角；②三角形的內(nèi)角是第一象限角或第二象限角；③不論是用角度制還是用弧度制度量一個角，它們與扇形的半徑的大小無關(guān)；④若sinα＝sinβ，則α與β的終邊相同；⑤若cosθ0，則θ是第二或第三象限的角.
其中正確命題的個數(shù)是()
A.1B.2C.3D.4
解析舉反例：第一象限角370°不小于第二象限角100°，故①錯；當三角形的內(nèi)角為90°時，其既不是第一象限角，也不是第二象限角，故②錯；③正確；由于sinπ6＝sin5π6，但π6與5π6的終邊不相同，故④錯；當cosθ＝－1，θ＝π時既不是第二象限角，也不是第三象限角，故⑤錯.綜上可知只有③正確.
答案A
8.(2016合肥模擬)已知角θ的頂點與原點重合，始邊與x軸的正半軸重合，終邊在直線y＝2x上，則cos2θ＝()
A.－45B.－35
C.35D.45
解析由題意知，tanθ＝2，即sinθ＝2cosθ，將其代入sin2θ＋cos2θ＝1中可得cos2θ＝15，故cos2θ＝2cos2θ－1＝－35.
答案B
二、填空題
9.已知角α的終邊在如圖所示陰影表示的范圍內(nèi)(不包括邊界)，則角α用集合可表示為________.
解析在[0，2π)內(nèi)，終邊落在陰影部分角的集合為π4，56π，
所以，所求角的集合為2kπ＋π4，2kπ＋56π(k∈Z).
答案2kπ＋π4，2kπ＋56π(k∈Z)
10.設P是角α終邊上一點，且|OP|＝1，若點P關(guān)于原點的對稱點為Q，則Q點的坐標是________.
解析由已知P(cosα，sinα)，則Q(－cosα，－sinα).
答案(－cosα，－sinα)
11.已知扇形的圓心角為π6，面積為π3，則扇形的弧長等于________.
解析設扇形半徑為r，弧長為l，則lr＝π6，12lr＝π3，
解得l＝π3，r＝2.
答案π3
12.(2017九江模擬)若390°角的終邊上有一點P(a，3)，則a的值是________.
解析tan390°＝3a，又tan390°＝tan(360°＋30°)＝tan30°＝33.∴3a＝33，∴a＝33.
答案33
能力提升題組
(建議用時：15分鐘)
13.已知圓O：x2＋y2＝4與y軸正半軸的交點為M，點M沿圓O順時針運動π2弧長到達點N，以ON為終邊的角記為α，則tanα＝()
A.－1B.1C.－2D.2
解析圓的半徑為2，π2的弧長對應的圓心角為π4，故以ON為終邊的角為αα＝2kπ＋π4，k∈Z，故tanα＝1.
答案B
14.(2016鄭州一模)設α是第二象限角，P(x，4)為其終邊上的一點，且cosα＝15x，則tanα等于()
A.43B.34C.－34D.－43
解析因為α是第二象限角，所以cosα＝15x0，即x0.
又cosα＝15x＝xx2＋16，
解得x＝－3，所以tanα＝4x＝－43.
答案D
15.函數(shù)y＝2sinx－1的定義域為________.
解析∵2sinx－1≥0，∴sinx≥12.
由三角函數(shù)線畫出x滿足條件的終邊范圍(如圖陰影所示).
∴x∈2kπ＋π6，2kπ＋5π6(k∈Z).
答案2kπ＋π6，2kπ＋5π6(k∈Z)
16.如圖，在平面直角坐標系xOy中，一單位圓的圓心的初始位置在(0，1)，此時圓上一點P的位置在(0，0)，圓在x軸上沿正向滾動，當圓滾動到圓心位于(2，1)時，OP→的坐標為________.
解析如圖，作CQ∥x軸，PQ⊥CQ,Q為垂足.根據(jù)題意得劣弧DP︵＝2，故∠DCP＝2，則在△PCQ中，∠PCQ＝2－π2，
|CQ|＝cos2－π2＝sin2，|PQ|＝sin2－π2＝－cos2，
所以P點的橫坐標為2－|CQ|＝2－sin2，P點的縱坐標為1＋|PQ|＝1－cos2，所以P點的坐標為(2－sin2，1－cos2)，故OP→＝(2－sin2，1－cos2).
答案(2－sin2，1－cos2)
第2講同角三角函數(shù)基本關(guān)系式與誘導公式
最新考綱1.理解同角三角函數(shù)的基本關(guān)系式：sin2α＋cos2α＝1，sinαcosα＝tanα；2.能利用單位圓中的三角函數(shù)線推導出π2±α，π±α的正弦、余弦、正切的誘導公式.
知識梳理
1.同角三角函數(shù)的基本關(guān)系
(1)平方關(guān)系：sin2α＋cos2α＝1.
(2)商數(shù)關(guān)系：sinαcosα＝tan__αα≠π2＋kπ，k∈Z.
2.三角函數(shù)的誘導公式
公式一二三四五六
角2kπ＋α(k∈Z)π＋α－απ－απ2－α
π2＋α

正弦sinα－sinα－sinαsinαcosαcosα
余弦cosα－cosαcosα－cosαsinα－sinα
正切tanαtanα－tanα－tanα

口訣函數(shù)名不變，符號看象限函數(shù)名改變，符號看象限
診斷自測
1.判斷正誤(在括號內(nèi)打“√”或“×”)精彩PPT展示
(1)sin(π＋α)＝－sinα成立的條件是α為銳角.()
(2)六組誘導公式中的角α可以是任意角.()
(3)誘導公式的記憶口訣中“奇變偶不變，符號看象限”，其中的奇、偶是指π2的奇數(shù)倍和偶數(shù)倍，變與不變指函數(shù)名稱的變化.()
(4)若sin(kπ－α)＝13(k∈Z)，則sinα＝13.()
解析(1)對于α∈R，sin(π＋α)＝－sinα都成立.
(4)當k為奇數(shù)時，sinα＝13，
當k為偶數(shù)時，sinα＝－13.
答案(1)×(2)√(3)√(4)×
2.(2017泰安模擬)sin600°的值為()
A.－12B.－32C.12D.32
解析sin600°＝sin(360°＋240°)＝sin240°＝sin(180°＋60°)＝－sin60°＝－32.
答案B
3.已知sin5π2＋α＝15，那么cosα＝()
A.－25B.－15C.15D.25
解析∵sin5π2＋α＝sinπ2＋α＝cosα，∴cosα＝15.故選C.
答案C
4.已知sin(π－α)＝log814，且α∈－π2，0，則tan(2π－α)的值為()
A.－255B.255C.±255D.52
解析sin(π－α)＝sinα＝log814＝－23，
又α∈－π2，0，得cosα＝1－sin2α＝53，
tan(2π－α)＝tan(－α)＝－tanα＝－sinαcosα＝255.
答案B
5.(必修4P22B3改編)已知tanα＝2，則sinα＋cosαsinα－cosα的值為________.
解析原式＝tanα＋1tanα－1＝2＋12－1＝3.
答案3

2018版高考數(shù)學理科一輪設計：第1~3章教師用書（人教A版）

第1講集合
最新考綱1.了解集合的含義，體會元素與集合的屬于關(guān)系；能用自然語言、圖形語言、集合語言(列舉法或描述法)描述不同的具體問題；2.理解集合之間包含與相等的含義，能識別給定集合的子集；在具體情境中了解全集與空集的含義；3.理解兩個集合的并集與交集的含義，會求兩個簡單集合的并集與交集；理解在給定集合中一個子集的補集的含義，會求給定子集的補集；能使用韋恩(Venn)圖表達集合間的基本關(guān)系及集合的基本運算.
知識梳理
1.元素與集合
(1)集合中元素的三個特性：確定性、互異性、無序性.
(2)元素與集合的關(guān)系是屬于或不屬于，表示符號分別為∈和.
(3)集合的三種表示方法：列舉法、描述法、圖示法.
2.集合間的基本關(guān)系
(1)子集：若對任意x∈A，都有x∈B，則AB或BA.
(2)真子集：若AB，且集合B中至少有一個元素不屬于集合A，則A?B或B?A.
(3)相等：若AB，且BA，則A＝B.
(4)空集的性質(zhì)：是任何集合的子集，是任何非空集合的真子集.
3.集合的基本運算
集合的并集集合的交集集合的補集
符號表示A∪BA∩B若全集為U，則集合A的補集為UA
圖形表示

集合表示{x|x∈A，或x∈B}{x|x∈A，且x∈B}{x|x∈U，且xA}
4.集合關(guān)系與運算的常用結(jié)論
(1)若有限集A中有n個元素，則A的子集有2n個，真子集有2n－1個.
(2)子集的傳遞性：AB，BCAC.
(3)ABA∩B＝AA∪B＝B.
(4)U(A∩B)＝(UA)∪(UB)，U(A∪B)＝(UA)∩(UB).
診斷自測
1.判斷正誤(在括號內(nèi)打“√”或“×”)精彩PPT展示
(1)任何集合都有兩個子集.()
(2)已知集合A＝{x|y＝x2}，B＝{y|y＝x2}，C＝{(x，y)|y＝x2}，則A＝B＝C.()
(3)若{x2，1}＝{0，1}，則x＝0，1.()
(4)若A∩B＝A∩C，則B＝C.()
解析(1)錯誤.空集只有一個子集，就是它本身，故該說法是錯誤的.
(2)錯誤.集合A是函數(shù)y＝x2的定義域，即A＝(－∞，＋∞)；集合B是函數(shù)y＝x2的值域，即B＝[0，＋∞)；集合C是拋物線y＝x2上的點集.因此A，B，C不相等.
(3)錯誤.當x＝1，不滿足互異性.
(4)錯誤.當A＝時，B，C可為任意集合.
答案(1)×(2)×(3)×(4)×
2.(必修1P7練習2改編)若集合A＝{x∈N|x≤10}，a＝22，則下列結(jié)論正確的是()
A.{a}AB.aAC.{a}∈AD.aA
解析由題意知A＝{0，1，2，3}，由a＝22，知aA.
答案D
3.(2016全國Ⅰ卷)設集合A＝{x|x2－4x＋30}，B＝{x|2x－30}，則A∩B＝________.
A.－3，－32B.－3，32
C.1，32D.32，3
解析易知A＝(1，3)，B＝32，＋∞，所以A∩B＝32，3.
答案D
4.(2017石家莊模擬)設全集U＝{x|x∈N*，x6}，集合A＝{1，3}，B＝{3，5}，則U(A∪B)等于()
A.{1，4}B.{1，5}
C.{2，5}D.{2，4}
解析由題意得A∪B＝{1，3}∪{3，5}＝{1，3，5}.又U＝{1，2，3，4，5}，∴U(A∪B)＝{2，4}.
答案D
5.已知集合A＝{(x，y)|x，y∈R，且x2＋y2＝1}，B＝{(x，y)|x，y∈R，且y＝x}，則A∩B的元素個數(shù)為________.
解析集合A表示圓心在原點的單位圓，集合B表示直線y＝x，易知直線y＝x和圓x2＋y2＝1相交，且有2個交點，故A∩B中有2個元素.
答案2
考點一集合的基本概念
【例1】(1)已知集合A＝{0，1，2}，則集合B＝{x－y|x∈A，y∈A}中元素的個數(shù)是()
A.1B.3C.5D.9
(2)若集合A＝{x∈R|ax2－3x＋2＝0}中只有一個元素，則a＝()
A.92B.98C.0D.0或98
解析(1)當x＝0，y＝0，1，2時，x－y＝0，－1，－2；
當x＝1，y＝0，1，2時，x－y＝1，0，－1；
當x＝2，y＝0，1，2時，x－y＝2，1，0.
根據(jù)集合中元素的互異性可知，B的元素為－2，－1，0，1，2，共5個.
(2)若集合A中只有一個元素，則方程ax2－3x＋2＝0只有一個實根或有兩個相等實根.
當a＝0時，x＝23，符合題意；
當a≠0時，由Δ＝(－3)2－8a＝0，得a＝98，
所以a的取值為0或98.
答案(1)C(2)D
規(guī)律方法(1)第(1)題易忽視集合中元素的互異性誤選D.第(2)題集合A中只有一個元素，要分a＝0與a≠0兩種情況進行討論，此題易忽視a＝0的情形.
(2)用描述法表示集合，先要弄清集合中代表元素的含義，再看元素的限制條件，明確集合類型，是數(shù)集、點集還是其他的集合.
【訓練1】(1)設a，b∈R，集合{1，a＋b，a}＝0，ba，b，則b－a＝________.
(2)已知集合A＝{x∈R|ax2＋3x－2＝0}，若A＝，則實數(shù)a的取值范圍為________.
解析(1)因為{1，a＋b，a}＝0，ba，b，a≠0，
所以a＋b＝0，且b＝1，
所以a＝－1，b＝1，所以b－a＝2.
(2)由A＝知方程ax2＋3x－2＝0無實根，
當a＝0時，x＝23不合題意，舍去；
當a≠0時，Δ＝9＋8a0，∴a－98.
答案(1)2(2)－∞，－98
考點二集合間的基本關(guān)系
【例2】(1)已知集合A＝{x|y＝1－x2，x∈R}，B＝{x|x＝m2，m∈A}，則()
A.A?BB.B?AC.ABD.B＝A
(2)已知集合A＝{x|－2≤x≤7}，B＝{x|m＋1x2m－1}，若BA，則實數(shù)m的取值范圍是________.
解析(1)易知A＝{x|－1≤x≤1}，
所以B＝{x|x＝m2，m∈A}＝{x|0≤x≤1}.
因此B?A.
(2)當B＝時，有m＋1≥2m－1，則m≤2.
當B≠時，若BA，如圖.
則m＋1≥－2，2m－1≤7，m＋12m－1，
解得2m≤4.
綜上，m的取值范圍為(－∞，4].
答案(1)B(2)(－∞，4]
規(guī)律方法(1)若BA，應分B＝和B≠兩種情況討論.
(2)已知兩個集合間的關(guān)系求參數(shù)時，關(guān)鍵是將兩個集合間的關(guān)系轉(zhuǎn)化為元素或區(qū)間端點間的關(guān)系，進而轉(zhuǎn)化為參數(shù)滿足的關(guān)系.解決這類問題常常要合理利用數(shù)軸、Venn圖，化抽象為直觀進行求解.
【訓練2】(1)(2017長郡中學質(zhì)檢)若集合A＝{x|x0}，且BA，則集合B可能是()
A.{1，2}B.{x|x≤1}
C.{－1，0，1}D.R
(2)(2016鄭州調(diào)研)已知集合A＝{x|x＝x2－2，x∈R}，B＝{1，m}，若AB，則m的值為()
A.2B.－1
C.－1或2D.2或2
解析(1)因為A＝{x|x＞0}，且BA，再根據(jù)選項A，B，C，D可知選項A正確.
(2)由x＝x2－2，得x＝2，則A＝{2}.
因為B＝{1，m}且AB，
所以m＝2.
答案(1)A(2)A
考點三集合的基本運算
【例3】(1)(2015全國Ⅰ卷)已知集合A＝{x|x＝3n＋2，n∈N}，B＝{6，8，10，12，14}，則集合A∩B中元素的個數(shù)為()
A.5B.4
C.3D.2
(2)(2016浙江卷)設集合P＝{x∈R|1≤x≤3}，Q＝{x∈R|x2≥4}，則P∪(RQ)＝()
A.[2，3]B.(－2，3]
C.[1，2)D.(－∞，－2)∪[1，＋∞)
解析(1)集合A中元素滿足x＝3n＋2，n∈N，即被3除余2，而集合B中滿足這一要求的元素只有8和14.共2個元素.
(2)易知Q＝{x|x≥2或x≤－2}.
∴RQ＝{x|－2x2}，
又P＝{x|1≤x≤3}，故P∪(RQ)＝{x|－2x≤3}.
答案(1)D(2)B
規(guī)律方法(1)在進行集合的運算時要盡可能地借助Venn圖和數(shù)軸使抽象問題直觀化.
(2)一般地，集合元素離散時用Venn圖表示；集合元素連續(xù)時用數(shù)軸表示，用數(shù)軸表示時要注意端點值的取舍.
【訓練3】(1)(2017石家莊模擬)設集合M＝{－1，1}，N＝{x|x2－x6}，則下列結(jié)論正確的是()
A.NMB.N∩M＝
C.MND.M∩N＝R
(2)(2016山東卷)設集合U＝{1，2，3，4，5，6}，A＝{1，3，5}，B＝{3，4，5}，則U(A∪B)＝()
A.{2，6}B.{3，6}
C.{1，3，4，5}D.{1，2，4，6}
解析(1)易知N＝(－2，3)，且M＝{－1，1}，∴MN.
(2)∵A＝{1，3，5}，B＝{3，4，5}，∴A∪B＝{1，3，4，5}，
又全集U＝{1，2，3，4，5，6}，因此U(A∪B)＝{2，6}.
答案(1)C(2)A
[思想方法]
1.集合中的元素的三個特征，特別是無序性和互異性在解題時經(jīng)常用到.解題后要進行檢驗，要重視符號語言與文字語言之間的相互轉(zhuǎn)化.
2.對連續(xù)數(shù)集間的運算，借助數(shù)軸的直觀性，進行合理轉(zhuǎn)化；對已知連續(xù)數(shù)集間的關(guān)系，求其中參數(shù)的取值范圍時，要注意單獨考察等號能否取到.
3.對離散的數(shù)集間的運算，或抽象集合間的運算，可借助Venn圖.這是數(shù)形結(jié)合思想的又一體現(xiàn).
[易錯防范]
1.集合問題解題中要認清集合中元素的屬性(是數(shù)集、點集還是其他類型集合)，要對集合進行化簡.
2.空集是任何集合的子集，是任何非空集合的真子集，時刻關(guān)注對空集的討論，防止漏解.
3.解題時注意區(qū)分兩大關(guān)系：一是元素與集合的從屬關(guān)系；二是集合與集合的包含關(guān)系.
4.Venn圖圖示法和數(shù)軸圖示法是進行集合交、并、補運算的常用方法，其中運用數(shù)軸圖示法時要特別注意端點是實心還是空心.
基礎鞏固題組
(建議用時：25分鐘)
一、選擇題
1.(2015全國Ⅱ卷)已知集合A＝{1，2，3}，B＝{2，3}，則()
A.A＝BB.A∩B＝
C.A?BD.B?A
解析∵A＝{1，2，3}，B＝{2，3}，∴2，3∈A且2，3∈B，1∈A但1B，∴B?A.
答案D
2.(2016全國Ⅱ卷)已知集合A＝{1，2，3}，B＝{x|(x＋1)(x－2)0，x∈Z}，則A∪B＝()
A.{1}B.{1，2}
C.{0，1，2，3}D.{－1，0，1，2，3}
解析由(x＋1)(x－2)0，得－1x2，又x∈Z，所以B＝{0，1}，因此A∪B＝{0，1，2，3}.
答案C
3.(2017肇慶模擬)已知集合A＝{x|lgx0}，B＝{x|x≤1}，則()
A.A∩B≠B.A∪B＝RC.BAD.AB
解析由B＝{x|x≤1}，且A＝{x|lgx0}＝(1，＋∞)，∴A∪B＝R.
答案B
4.已知集合P＝{x|x2≤1}，M＝{a}.若P∪M＝P，則a的取值范圍是()
A.(－∞，－1]B.[1，＋∞)
C.[－1，1]D.(－∞，－1]∪[1，＋∞)
解析因為P∪M＝P，所以MP，即a∈P，
得a2≤1，解得－1≤a≤1，所以a的取值范圍是[－1，1].
答案C
5.(2016山東卷)設集合A＝{y|y＝2x，x∈R}，B＝{x|x2－10}，則A∪B＝()
A.(－1，1)B.(0，1)
C.(－1，＋∞)D.(0，＋∞)
解析由y＝2x，x∈R，知y0，則A＝(0，＋∞).
又B＝{x|x2－10}＝(－1，1).
因此A∪B＝(－1，＋∞).
答案C
6.(2016浙江卷)已知全集U＝{1，2，3，4，5，6}，集合P＝{1，3，5}，Q＝{1，2，4}，則(UP)∪Q＝()
A.{1}B.{3，5}
C.{1，2，4，6}D.{1，2，3，4，5}
解析∵U＝{1，2，3，4，5，6}，P＝{1，3，5}，∴UP＝{2，4，6}，∵Q＝{1，2，4}，∴(UP)∪Q＝{1，2，4，6}.
答案C
7.若x∈A，則1x∈A，就稱A是伙伴關(guān)系集合，集合M＝－1，0，12，2，3的所有非空子集中具有伙伴關(guān)系的集合的個數(shù)是()
A.1B.3
C.7D.31
解析具有伙伴關(guān)系的元素組是－1，12，2，所以具有伙伴關(guān)系的集合有3個：{－1}，12，2，－1，12，2.
答案B
8.已知全集U＝R，A＝{x|x≤0}，B＝{x|x≥1}，則集合U(A∪B)＝()
A.{x|x≥0}B.{x|x≤1}
C.{x|0≤x≤1}D.{x|0x1}
解析∵A＝{x|x≤0}，B＝{x|x≥1}，
∴A∪B＝{x|x≤0或x≥1}，在數(shù)軸上表示如圖.
∴U(A∪B)＝{x|0x1}.
答案D
二、填空題
9.已知集合A＝{x|x2－2x＋a0}，且1A，則實數(shù)a的取值范圍是________.
解析∵1{x|x2－2x＋a0}，
∴1∈{x|x2－2x＋a≤0}，
即1－2＋a≤0，∴a≤1.
答案(－∞，1]
10.(2016天津卷)已知集合A＝{1，2，3}，B＝{y|y＝2x－1，x∈A}，則A∩B＝________.
解析由A＝{1，2，3}，B＝{y|y＝2x－1，x∈A}，∴B＝{1，3，5}，因此A∩B＝{1，3}.
答案{1，3}
11.集合A＝{x|x0}，B＝{x|y＝lg[x(x＋1)]}，若A－B＝{x|x∈A，且xB}，則A－B＝________.
解析由x(x＋1)0，得x－1或x0，
∴B＝(－∞，－1)∪(0，＋∞)，
∴A－B＝[－1，0).
答案[－1，0)
12.(2017石家莊質(zhì)檢)已知集合A＝{x|x2－2016x－2017≤0}，B＝{x|xm＋1}，若AB，則實數(shù)m的取值范圍是________.
解析由x2－2016x－2017≤0，得A＝[－1，2017]，
又B＝{x|xm＋1}，且AB，
所以m＋12017，則m2016.
答案(2016，＋∞)
能力提升題組
(建議用時：10分鐘)
13.(2016全國Ⅲ卷改編)設集合S＝{x|(x－2)(x－3)≥0}，T＝{x|x0}，則(RS)∩T＝()
A.[2，3]B.(－∞，－2)∪[3，＋∞)
C.(2，3)D.(0，＋∞)
解析易知S＝(－∞，2]∪[3，＋∞)，∴RS＝(2，3)，
因此(RS)∩T＝(2，3).
答案C
14.(2016黃山模擬)集合U＝R，A＝{x|x2－x－20}，B＝{x|y＝ln(1－x)}，則圖中陰影部分所表示的集合是()
A.{x|x≥1}B.{x|1≤x2}
C.{x|0x≤1}D.{x|x≤1}
解析易知A＝(－1，2)，B＝(－∞，1)，∴UB＝[1，＋∞)，A∩(UB)＝[1，2).因此陰影部分表示的集合為A∩(UB)＝{x|1≤x2}.
答案B
15.(2017南昌十所省重點中學模擬)設集合A＝x∈N|14≤2x≤16，B＝{x|y＝ln(x2－3x)}，則A∩B中元素的個數(shù)是________.
解析由14≤2x≤16，x∈N，
∴x＝0，1，2，3，4，即A＝{0，1，2，3，4}.
又x2－3x0，知B＝{x|x3或x0}，
∴A∩B＝{4}，即A∩B中只有一個元素.
答案1
16.已知集合A＝{x∈R||x＋2|3}，集合B＝{x∈R|(x－m)(x－2)0}，且A∩B＝(－1，n)，則m＋n＝________.
解析A＝{x∈R||x＋2|3}＝{x∈R|－5x1}，
由A∩B＝(－1，n)可知m1，
則B＝{x|mx2}，畫出數(shù)軸，可得m＝－1，n＝1.
所以m＋n＝0.
答案0
第2講命題及其關(guān)系、充分條件與必要條件
最新考綱1.理解命題的概念，了解“若p，則q”形式的命題及其逆命題、否命題與逆否命題，會分析四種命題的相互關(guān)系；2.理解必要條件、充分條件與充要條件的含義.
知識梳理
1.命題
用語言、符號或式子表達的，可以判斷真假的陳述句叫做命題，其中判斷為真的語句叫做真命題，判斷為假的語句叫做假命題.
2.四種命題及其相互關(guān)系
(1)四種命題間的相互關(guān)系
(2)四種命題的真假關(guān)系
①兩個命題互為逆否命題，它們具有相同的真假性.
②兩個命題為互逆命題或互否命題時，它們的真假性沒有關(guān)系.
3.充分條件、必要條件與充要條件的概念
若pq，則p是q的充分條件，q是p的必要條件
p是q的充分不必要條件pq且qp
p是q的必要不充分條件p且qp
p是q的充要條件pq
p是q的既不充分也不必要條件pq且qp

診斷自測
1.判斷正誤(在括號內(nèi)打“√”或“×”)精彩PPT展示
(1)“x2＋2x－30”是命題.()
(2)命題“若p，則q”的否命題是“若p，則綈q”.()
(3)當q是p的必要條件時，p是q的充分條件.()
(4)“若p不成立，則q不成立”等價于“若q成立，則p成立”.()
解析(1)錯誤.該語句不能判斷真假，故該說法是錯誤的.
(2)錯誤.否命題既否定條件，又否定結(jié)論.
答案(1)×(2)×(3)√(4)√
2.(教材練習改編)命題“若α＝π4，則tanα＝1”的逆否命題是()
A.若α≠π4，則tanα≠1B.若α＝π4，則tanα≠1
C.若tanα≠1，則α≠π4D.若tanα≠1，則α＝π4
解析命題“若p，則q”的逆否命題是“若綈q，則綈p”，顯然綈q：tanα≠1，綈p：α≠π4，所以該命題的逆否命題是“若tanα≠1，則α≠π4”.
答案C
3.(2016天津卷)設x0，y∈R，則“xy”是“x|y|”的()
A.充要條件B.充分不必要條件
C.必要不充分條件D.既不充分也不必要條件
解析xyx|y|(如x＝1，y＝－2).
但x|y|時，能有xy.
∴“xy”是“x|y|”的必要不充分條件.
答案C
4.命題“若a－3，則a－6”以及它的逆命題、否命題、逆否命題中假命題的個數(shù)為()
A.1B.2C.3D.4
解析原命題正確，從而其逆否命題也正確；其逆命題為“若a－6，則a－3”是假命題，從而其否命題也是假命題.因此四個命題中有2個假命題.
答案B
5.(2017大連雙基檢測)已知函數(shù)f(x)的定義域為R，則命題p：“函數(shù)f(x)為偶函數(shù)”是命題q：“x0∈R，f(x0)＝f(－x0)”的()
A.充分不必要條件B.必要不充分條件
C.充要條件D.既不充分也不必要條件
解析若f(x)為偶函數(shù)，則有f(x)＝f(－x)，所以pq；若f(x)＝x，當x＝0時，f(0)＝f(－0)，而f(x)＝x為奇函數(shù)，所以qp.
∴“命題p”是“命題q”的充分不必要條件.
答案A
考點一四種命題的關(guān)系及其真假判斷
【例1】(1)命題“若x2－3x－4＝0，則x＝4”的逆否命題及其真假性為()
A.“若x＝4，則x2－3x－4＝0”為真命題
B.“若x≠4，則x2－3x－4≠0”為真命題
C.“若x≠4，則x2－3x－4≠0”為假命題
D.“若x＝4，則x2－3x－4＝0”為假命題
(2)原命題為“若z1，z2互為共軛復數(shù)，則|z1|＝|z2|”，關(guān)于其逆命題、否命題、逆否命題真假性的判斷依次如下，正確的是()
A.真、假、真B.假、假、真
C.真、真、假D.假、假、假
解析(1)根據(jù)逆否命題的定義可以排除A，D；由x2－3x－4＝0，得x＝4或－1，所以原命題為假命題，所以其逆否命題也是假命題.
(2)由共軛復數(shù)的性質(zhì)，|z1|＝|z2|，∴原命題為真，因此其逆否命題為真；取z1＝1，z2＝i，滿足|z1|＝|z2|，但是z1，z2不互為共軛復數(shù)，∴其逆命題為假，故其否命題也為假.
答案(1)C(2)B
規(guī)律方法(1)由原命題寫出其他三種命題，關(guān)鍵要分清原命題的條件和結(jié)論，如果命題不是“若p，則q”的形式，應先改寫成“若p，則q”的形式；如果命題有大前提，寫其他三種命題時需保留大前提不變.
(2)判斷一個命題為真命題，要給出推理證明；判斷一個命題為假命題，只需舉出反例.
(3)根據(jù)“原命題與逆否命題同真同假，逆命題與否命題同真同假”這一性質(zhì)，當一個命題直接判斷不易進行時，可轉(zhuǎn)化為判斷其等價命題的真假.
【訓練1】已知：命題“若函數(shù)f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上是增函數(shù)，則m≤1”，則下列結(jié)論正確的是()
A.否命題是“若函數(shù)f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上是減函數(shù)，則m＞1”，是真命題
B.逆命題是“若m≤1，則函數(shù)f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上是增函數(shù)”，是假命題
C.逆否命題是“若m＞1，則函數(shù)f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上是減函數(shù)”，是真命題
D.逆否命題是“若m＞1，則函數(shù)f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上不是增函數(shù)”，是真命題
解析由f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上是增函數(shù)，則f′(x)＝ex－m≥0恒成立，
∴m≤1.
因此原命題是真命題，所以其逆否命題“若m＞1，則函數(shù)f(x)＝ex－mx在(0，＋∞)上不是增函數(shù)”是真命題.
答案D

魯科版高二物理選修3-5教師用書第5章章末分層突破

高考數(shù)學（理科）一輪復習橢圓學案帶答案

一名優(yōu)秀的教師在教學方面無論做什么事都有計劃和準備，作為高中教師就要精心準備好合適的教案。教案可以更好的幫助學生們打好基礎，幫助高中教師能夠更輕松的上課教學。那么一篇好的高中教案要怎么才能寫好呢？以下是小編為大家精心整理的“高考數(shù)學（理科）一輪復習橢圓學案帶答案”，但愿對您的學習工作帶來幫助。

學案51橢圓

導學目標：1.了解圓錐曲線的實際背景，了解圓錐曲線在刻畫現(xiàn)實世界和解決實際問題中的作用.2.掌握橢圓的定義，幾何圖形、標準方程及其簡單幾何性質(zhì)．
自主梳理
1．橢圓的概念
在平面內(nèi)與兩個定點F1、F2的距離的和等于常數(shù)(大于|F1F2|)的點的軌跡叫做________．這兩定點叫做橢圓的________，兩焦點間的距離叫________．
集合P＝{M||MF1|＋|MF2|＝2a}，|F1F2|＝2c，其中a0，c0，且a，c為常數(shù)：
(1)若________，則集合P為橢圓；
(2)若________，則集合P為線段；
(3)若________，則集合P為空集．
2．橢圓的標準方程和幾何性質(zhì)

標準方程x2a2＋y2b2＝1
(ab0)y2a2＋x2b2＝1
(ab0)
圖形

性
質(zhì)范圍－a≤x≤a
－b≤y≤b－b≤x≤b
－a≤y≤a
對稱性對稱軸：坐標軸對稱中心：原點
頂點A1(－a,0)，A2(a,0)
B1(0，－b)，B2(0，b)A1(0，－a)，A2(0，a)
B1(－b,0)，B2(b,0)
軸長軸A1A2的長為2a；短軸B1B2的長為2b
焦距|F1F2|＝2c
離心率e＝ca∈(0,1)

a，b，c
的關(guān)系c2＝a2－b2

自我檢測
1．已知△ABC的頂點B、C在橢圓x23＋y2＝1上，頂點A是橢圓的一個焦點，且橢圓的另外一個焦點在BC邊上，則△ABC的周長是()
A．23B．6C．43D．12
2．(2011揭陽調(diào)研)“mn0”是方程“mx2＋ny2＝1表示焦點在y軸上的橢圓”的()
A．充分而不必要條件B．必要而不充分條件
C．充要條件D．既不充分也不必要條件
3．已知橢圓x2sinα－y2cosα＝1(0≤α2π)的焦點在y軸上，則α的取值范圍是()
A.3π4，πB.π4，3π4
C.π2，πD.π2，3π4
4．橢圓x212＋y23＝1的焦點為F1和F2，點P在橢圓上，如果線段PF1的中點在y軸上，那么|PF1|是|PF2|的()
A．7倍B．5倍C．4倍D．3倍
5．(2011開封模擬)橢圓5x2＋ky2＝5的一個焦點是(0,2)，那么k等于()
A．－1B．1C.5D．－5
探究點一橢圓的定義及應用
例1(教材改編)一動圓與已知圓O1：(x＋3)2＋y2＝1外切，與圓O2：(x－3)2＋y2＝81內(nèi)切，試求動圓圓心的軌跡方程．
變式遷移1求過點A(2,0)且與圓x2＋4x＋y2－32＝0內(nèi)切的圓的圓心的軌跡方程．
探究點二求橢圓的標準方程
例2求滿足下列各條件的橢圓的標準方程：
(1)長軸是短軸的3倍且經(jīng)過點A(3,0)；
(2)經(jīng)過兩點A(0,2)和B12，3.

變式遷移2(1)已知橢圓過(3,0)，離心率e＝63，求橢圓的標準方程；
(2)已知橢圓的中心在原點，以坐標軸為對稱軸，且經(jīng)過兩點P1(6，1)、P2(－3，－2)，求橢圓的標準方程．

探究點三橢圓的幾何性質(zhì)
例3(2011安陽模擬)已知F1、F2是橢圓的兩個焦點，P為橢圓上一點，∠F1PF2＝60°.
(1)求橢圓離心率的范圍；
(2)求證：△F1PF2的面積只與橢圓的短軸長有關(guān)．

變式遷移3已知橢圓x2a2＋y2b2＝1(ab0)的長、短軸端點分別為A、B，從此橢圓上一點M(在x軸上方)向x軸作垂線，恰好通過橢圓的左焦點F1，AB∥OM.
(1)求橢圓的離心率e；
(2)設Q是橢圓上任意一點，F(xiàn)1、F2分別是左、右焦點，求∠F1QF2的取值范圍．
方程思想的應用
例(12分)(2011北京朝陽區(qū)模擬)已知中心在原點，焦點在x軸上的橢圓C的離心率為12，且經(jīng)過點M(1，32)，過點P(2,1)的直線l與橢圓C相交于不同的兩點A，B.
(1)求橢圓C的方程；
(2)是否存在直線l，滿足PA→PB→＝PM→2？若存在，求出直線l的方程；若不存在，請說明理由．
【答題模板】
解(1)設橢圓C的方程為x2a2＋y2b2＝1(ab0)，
由題意得1a2＋94b2＝1，ca＝12，a2＝b2＋c2.解得a2＝4，b2＝3.故橢圓C的方程為x24＋y23＝1.[4分]
(2)若存在直線l滿足條件，由題意可設直線l的方程為y＝k(x－2)＋1，由x24＋y23＝1，y＝kx－2＋1，
得(3＋4k2)x2－8k(2k－1)x＋16k2－16k－8＝0.[6分]
因為直線l與橢圓C相交于不同的兩點A，B，
設A，B兩點的坐標分別為(x1，y1)，(x2，y2)，
所以Δ＝[－8k(2k－1)]2－4(3＋4k2)(16k2－16k－8)0.
整理得32(6k＋3)0，解得k－12.[7分]
又x1＋x2＝8k2k－13＋4k2，x1x2＝16k2－16k－83＋4k2，
且PA→PB→＝PM→2，
即(x1－2)(x2－2)＋(y1－1)(y2－1)＝54，
所以(x1－2)(x2－2)(1＋k2)＝54，
即[x1x2－2(x1＋x2)＋4](1＋k2)＝54.[9分]
所以[16k2－16k－83＋4k2－2×8k2k－13＋4k2＋4](1＋k2)＝4＋4k23＋4k2＝54，
解得k＝±12.[11分]
所以k＝12.于是存在直線l滿足條件，
其方程為y＝12x.[12分]
【突破思維障礙】
直線與橢圓的位置關(guān)系主要是指公共點問題、相交弦問題及其他綜合問題．反映在代數(shù)上，就是直線與橢圓方程聯(lián)立的方程組有無實數(shù)解及實數(shù)解的個數(shù)的問題，它體現(xiàn)了方程思想的應用，當直線與橢圓相交時，要注意判別式大
于零這一隱含條件，它可以用來檢驗所求參數(shù)的值是否有意義，也可通過該不等式來求參數(shù)的范圍．對直線與橢圓的位置關(guān)系的考查往往結(jié)合平面向量進行求解，與向量相結(jié)合的題目，大都與共線、垂直和夾角有關(guān)，若能轉(zhuǎn)化為向量的坐標運算往往更容易實現(xiàn)解題功能，所以在復習過程中要格外重視．
1．求橢圓的標準方程，除了直接根據(jù)定義外，常用待定系數(shù)法(先定性，后定型，再定參)．當橢圓的焦點位置不明確而無法確定其標準方程時，可設方程為x2m＋y2n＝1(m0，n0且m≠n)，可以避免討論和繁雜的計算，也可以設為Ax2＋By2＝1(A0，B0且A≠B)，這種形式在解題中更簡便．
2．橢圓的幾何性質(zhì)分為兩類：一是與坐標軸無關(guān)的橢圓本身固有的性質(zhì)，如：長軸長、短軸長、焦距、離心率等；另一類是與坐標系有關(guān)的性質(zhì)，如：頂點坐標，焦點坐標等．第一類性質(zhì)是常數(shù)，不因坐標系的變化而變化，第二類性質(zhì)是隨坐標系變化而相應改變．
3．直線與橢圓的位置關(guān)系問題．它是高考的熱點，通常涉及橢圓的性質(zhì)、最值的求法和直線的基礎知識、線段的中點、弦長、垂直問題等，分析此類問題時，要充分利用數(shù)形結(jié)合法、設而不求法、弦長公式及根與系數(shù)的關(guān)系去解決．
(滿分：75分)

一、選擇題(每小題5分，共25分)
1．(2011溫州模擬)若△ABC的兩個頂點坐標分別為A(－4,0)、B(4,0)，△ABC的周長為18，則頂點C的軌跡方程為()
A.x225＋y29＝1(y≠0)B.y225＋x29＝1(y≠0)
C.x216＋y29＝1(y≠0)D.y216＋x29＝1(y≠0)
2．已知橢圓x210－m＋y2m－2＝1，長軸在y軸上，若焦距為4，則m等于()
A．4B．5C．7D．8
3．已知F1、F2是橢圓的兩個焦點，過F1且與橢圓長軸垂直的直線交橢圓于A、B兩點，若△ABF2是等腰直角三角形，則這個橢圓的離心率是()
A.32B.22C.2－1D.2
4．(2011天門期末)已知圓(x＋2)2＋y2＝36的圓心為M，設A為圓上任一點，N(2,0)，線段AN的垂直平分線交MA于點P，則動點P的軌跡是()
A．圓B．橢圓
C．雙曲線D．拋物線
5．橢圓x225＋y29＝1上一點M到焦點F1的距離為2，N是MF1的中點，則|ON|等于()
A．2B．4C．8D.32
二、填空題(每小題4分，共12分)
6．已知橢圓G的中心在坐標原點，長軸在x軸上，離心率為32，且G上一點到G的兩個焦點的距離之和為12，則橢圓G的方程為______________．
7．(2011唐山調(diào)研)橢圓x29＋y22＝1的焦點為F1、F2，點P在橢圓上．若|PF1|＝4，則|PF2|＝________；∠F1PF2的大小為________．
8.
如圖，已知點P是以F1、F2為焦點的橢圓x2a2＋y2b2＝1(ab0)上一點，若PF1⊥PF2，tan∠PF1F2＝12，則此橢圓的離心率是______．
三、解答題(共38分)
9．(12分)已知方向向量為v＝(1，3)的直線l過點(0，－23)和橢圓C：x2a2＋y2b2＝1(ab0)的右焦點，且橢圓的離心率為63.
(1)求橢圓C的方程；
(2)若已知點D(3,0)，點M，N是橢圓C上不重合的兩點，且DM→＝λDN→，求實數(shù)λ的取值范圍．
10．(12分)(2011煙臺模擬)橢圓ax2＋by2＝1與直線x＋y－1＝0相交于A，B兩點，C是AB的中點，若|AB|＝22，OC的斜率為22，求橢圓的方程．

11．(14分)(2010福建)已知中心在坐標原點O的橢圓C經(jīng)過點A(2,3)，且點F(2,0)為其右焦點．
(1)求橢圓C的方程．
(2)是否存在平行于OA的直線l，使得直線l與橢圓C有公共點，且直線OA與l的距離等于4？若存在，求出直線l的方程；若不存在，說明理由．

學案51橢圓
自主梳理
1．橢圓焦點焦距(1)ac(2)a＝c(3)ac
自我檢測
1．C2.C3.D4.A5.B
課堂活動區(qū)
例1解如圖所示，設動圓的圓心為C，半徑為r.
則由圓相切的性質(zhì)知，
|CO1|＝1＋r，|CO2|＝9－r，
∴|CO1|＋|CO2|＝10，
而|O1O2|＝6，
∴點C的軌跡是以O1、O2為焦點的橢圓，其中2a＝10,2c＝6，b＝4.
∴動圓圓心的軌跡方程為
x225＋y216＝1.
變式遷移1解將圓的方程化為標準形式為：
(x＋2)2＋y2＝62，圓心B(－2,0)，r＝6.
設動圓圓心M的坐標為(x，y)，
動圓與已知圓的切點為C.
則|BC|－|MC|＝|BM|，
而|BC|＝6，
∴|BM|＋|CM|＝6.
又|CM|＝|AM|，
∴|BM|＋|AM|＝6|AB|＝4.
∴點M的軌跡是以點B(－2,0)、A(2,0)為焦點、線段AB中點(0,0)為中心的橢圓．
a＝3，c＝2，b＝5.
∴所求軌跡方程為x29＋y25＝1.
例2解題導引確定一個橢圓的標準方程，必須要有一個定位條件(即確定焦點的位置)和兩個定形條件(即確定a，b的大小)．當焦點的位置不確定時，應設橢圓的標準方程為x2a2＋y2b2＝1(ab0)或y2a2＋x2b2＝1(ab0)，或者不必考慮焦點位置，直接設橢圓的方程為mx2＋ny2＝1(m0，n0，且m≠n)．
解(1)若橢圓的焦點在x軸上，
設方程為x2a2＋y2b2＝1(ab0)．
∵橢圓過點A(3,0)，∴9a2＝1，
∴a＝3，又2a＝32b，∴b＝1，∴方程為x29＋y2＝1.
若橢圓的焦點在y軸上，設方程為y2a2＋x2b2＝1(ab0)．
∵橢圓過點A(3,0)，∴9b2＝1，
∴b＝3，又2a＝32b，
∴a＝9，∴方程為y281＋x29＝1.
綜上可知橢圓的方程為x29＋y2＝1或y281＋x29＝1.
(2)設經(jīng)過兩點A(0,2)，B12，3的橢圓標準方程為mx2＋ny2＝1，將A，B坐標代入方程得4n＝114m＋3n＝1m＝1n＝14，∴所求橢圓方程為x2＋y24＝1.
變式遷移2解(1)當橢圓的焦點在x軸上時，∵a＝3，ca＝63，∴c＝6，從而b2＝a2－c2＝9－6＝3，
∴橢圓的標準方程為x29＋y23＝1.
當橢圓的焦點在y軸上時，
∵b＝3，ca＝63，∴a2－b2a＝63，∴a2＝27.
∴橢圓的標準方程為x29＋y227＝1.
∴所求橢圓的標準方程為x29＋y23＝1或x29＋y227＝1.
(2)設橢圓方程為mx2＋ny2＝1(m0，n0且m≠n)．
∵橢圓經(jīng)過P1、P2點，∴P1、P2點坐標適合橢圓方程，
則6m＋n＝1，①3m＋2n＝1，②
①②兩式聯(lián)立，解得m＝19，n＝13.
∴所求橢圓方程為x29＋y23＝1.
例3解題導引(1)橢圓上一點與兩焦點構(gòu)成的三角形，稱為橢圓的焦點三角形，與焦點三角形有關(guān)的計算或證明常利用正弦定理、余弦定理、|PF1|＋|PF2|＝2a，得到a、c的關(guān)系．
(2)對△F1PF2的處理方法定義式的平方余弦定理面積公式
|PF1|＋|PF2|2＝2a2，4c2＝|PF1|2＋|PF2|2－2|PF1||PF2|cosθ，S△＝12|PF1||PF2|sinθ.
(1)解設橢圓方程為x2a2＋y2b2＝1(ab0)，
|PF1|＝m，|PF2|＝n.
在△PF1F2中，由余弦定理可知，
4c2＝m2＋n2－2mncos60°.
∵m＋n＝2a，∴m2＋n2＝(m＋n)2－2mn＝4a2－2mn.
∴4c2＝4a2－3mn，即3mn＝4a2－4c2.
又mn≤m＋n22＝a2(當且僅當m＝n時取等號)，
∴4a2－4c2≤3a2.∴c2a2≥14，即e≥12.
∴e的取值范圍是12，1.
(2)證明由(1)知mn＝43b2，∴S△PF1F2＝12mnsin60°＝33b2，
即△PF1F2的面積只與短軸長有關(guān)．
變式遷移3解(1)∵F1(－c,0)，則xM＝－c，yM＝b2a，
∴kOM＝－b2ac.∵kAB＝－ba，OM∥AB，
∴－b2ac＝－ba，∴b＝c，故e＝ca＝22.
(2)設|F1Q|＝r1，|F2Q|＝r2，∠F1QF2＝θ，
∴r1＋r2＝2a，|F1F2|＝2c，
cosθ＝r21＋r22－4c22r1r2＝r1＋r22－2r1r2－4c22r1r2
＝a2r1r2－1≥a2r1＋r222－1＝0，
當且僅當r1＝r2時，cosθ＝0，∴θ∈[0，π2]．
課后練習區(qū)
1．A2.D3.C4.B5.B
6.x236＋y29＝17.2120°8.53
9．解(1)∵直線l的方向向量為v＝(1，3)，
∴直線l的斜率為k＝3.
又∵直線l過點(0，－23)，
∴直線l的方程為y＋23＝3x.
∵ab，∴橢圓的焦點為直線l與x軸的交點．
∴c＝2.又∵e＝ca＝63，∴a＝6.∴b2＝a2－c2＝2.
∴橢圓方程為x26＋y22＝1.(6分)
(2)若直線MN⊥y軸，則M、N是橢圓的左、右頂點，
λ＝3＋63－6或λ＝3－63＋6，即λ＝5＋26或5－26.
若MN與y軸不垂直，設直線MN的方程為x＝my＋3(m≠0)．由x26＋y22＝1，x＝my＋3得(m2＋3)y2＋6my＋3＝0.
設M、N坐標分別為(x1，y1)，(x2，y2)，
則y1＋y2＝－6mm2＋3，①
y1y2＝3m2＋3，②
Δ＝36m2－12(m2＋3)＝24m2－360，∴m232.
∵DM→＝(x1－3，y1)，DN→＝(x2－3，y2)，DM→＝λDN→，顯然λ0，且λ≠1，
∴(x1－3，y1)＝λ(x2－3，y2)．∴y1＝λy2.
代入①②，得λ＋1λ＝12m2m2＋3－2＝10－36m2＋3.
∵m232，得2λ＋1λ10，即λ2－2λ＋10，λ2－10λ＋10，
解得5－26λ5＋26且λ≠1.
綜上所述，λ的取值范圍是5－26≤λ≤5＋26，
且λ≠1.(12分)
10．解方法一設A(x1，y1)、B(x2，y2)，
代入橢圓方程并作差得
a(x1＋x2)(x1－x2)＋b(y1＋y2)(y1－y2)＝0.
而y1－y2x1－x2＝－1，y1＋y2x1＋x2＝kOC＝22，
代入上式可得b＝2a.(4分)
由方程組ax2＋by2＝1x＋y－1＝0，得(a＋b)x2－2bx＋b－1＝0，
∴x1＋x2＝2ba＋b，x1x2＝b－1a＋b，
再由|AB|＝1＋k2|x2－x1|＝2|x2－x1|＝22，
得2ba＋b2－4b－1a＋b＝4，(8分)
將b＝2a代入得a＝13，∴b＝23.
∴所求橢圓的方程是x23＋2y23＝1.(12分)
方法二由ax2＋by2＝1，x＋y＝1
得(a＋b)x2－2bx＋b－1＝0.(2分)
設A(x1，y1)、B(x2，y2)，
則|AB|＝k2＋1x1－x22＝24b2－4a＋bb－1a＋b2.
∵|AB|＝22，∴a＋b－aba＋b＝1.①(6分)
設C(x，y)，則x＝x1＋x22＝ba＋b，y＝1－x＝aa＋b，
∵OC的斜率為22，∴ab＝22.(9分)
代入①，得a＝13，b＝23.
∴橢圓方程為x23＋2y23＝1.(12分)
11．解方法一(1)依題意，可設橢圓C的方程為x2a2＋y2b2＝1(ab0)，且可知其左焦點為F′(－2,0)．
從而有c＝2，2a＝|AF|＋|AF′|＝3＋5＝8，
解得c＝2，a＝4.又a2＝b2＋c2，所以b2＝12，
故橢圓C的方程為x216＋y212＝1.(5分)
(2)假設存在符合題意的直線l，設其方程為y＝32x＋t.
由y＝32x＋t，x216＋y212＝1，得3x2＋3tx＋t2－12＝0.(7分)
因為直線l與橢圓C有公共點，
所以Δ＝(3t)2－4×3×(t2－12)≥0，
解得－43≤t≤43.(9分)
另一方面，由直線OA與l的距離d＝4，
得|t|94＋1＝4，解得t＝±213.(12分)
由于±213[－43，43]，所以符合題意的直線l不存在．(14分)
方法二(1)依題意，可設橢圓C的方程為x2a2＋y2b2＝1(ab0)，
且有4a2＋9b2＝1，a2－b2＝4.解得b2＝12或b2＝－3(舍去)．
從而a2＝16.(3分)
所以橢圓C的方程為x216＋y212＝1.(5分)
(2)同方法一．