小學磁教案

高考物理知識點速查復習電與磁。

作為優(yōu)秀的教學工作者，在教學時能夠胸有成竹，教師在教學前就要準備好教案，做好充分的準備。教案可以讓學生更好的吸收課堂上所講的知識點，幫助教師在教學期間更好的掌握節(jié)奏。你知道怎么寫具體的教案內容嗎？為此，小編從網(wǎng)絡上為大家精心整理了《高考物理知識點速查復習電與磁》，僅供您在工作和學習中參考。

磁場對電流的作用
1、判斷安培力作用下物體運動方向的方法
（1）電流元法
把整段電流等效為多段直線電流元，運用左手定則判斷出每小段電流元受到的安培力的方向，從而判斷出整段電流所受合力的方向，最后確定運動方向。
（2）等效法
環(huán)形電流和通電螺線管都可以等效成條形磁鐵，條形磁鐵也可等效成環(huán)形電流或通電螺線管，通電螺線管也可以等效成很多匝的環(huán)形電流來分析。
（3）利用結論法
①兩電流相互平行時，同向電流相互吸引，反向電流相互排斥
②兩電流不平行時，有轉動到相互平行且方向相同的趨勢，利用這些結論分析。
(4)特殊位置法
帶電粒子在磁場中的運動
A、處理方法——定圓心，求半徑，畫軌跡，算周期
（1）、圓心的確定
①粒子線速度垂直半徑，兩半徑的交點即為圓心
②圓心位置必定在圓中的一根弦的中垂線上。圓心也可認為是一個半徑與弦的中垂線的交點。
（2）、半徑的確定
①由公式計算②利用平面幾何的關系求幾何關系：如圖12所示a、粒子速度的偏向角（Φ）等于回旋角（α）并等于AB弦與切線夾角（弦切角θ）的2倍。即Φ=α=2θ=ωt
b、直徑所對的圓頂角是直角c、圓的弧長s與圓心角關系有：S=rθ
（3）、粒子在磁場中運動的時間
①利用公式：②粒子在磁場中做勻速圓周運動
B、帶電粒子在磁場中運動的問題分類
①求偏轉角問題②求運動時間問題③求入射速度、粒子質量、磁感應強度等問題
④磁場區(qū)域或粒子運動區(qū)域的大小問題
C、洛倫茲力作用下的多解問題
（1）帶電粒子的電性的不確定形成多解（2）磁場方向不確定形成多解
（3）臨界狀態(tài)不惟一形成多解（4）運動的重復性形成多解

電磁感應的基本知識
考點1、磁通量（Φ）
（1）定義：穿過某一面積的磁感線的條數(shù)叫做穿過這一面積的磁通量。磁通量簡稱磁通。
①若磁場方向與面積垂直，磁場的磁感應強度為B，平面的面積為S，則穿過該平面的磁通量為Φ=BS
②若磁場方向與面積不垂直，則穿過該平面的磁通量等于磁感應強度與該平面在垂直于磁場方向上投影面積的乘積。
③若磁感線沿相反方向穿過同一平面，且正向磁感線條數(shù)為Φ1,反向磁感線條數(shù)為Φ2,則磁通量為Φ=Φ1-Φ2
（2）磁通量的變化量的計算
①ΔΦ=Φ2-Φ1；ΔΦ=BΔS；ΔΦ=SΔB
②開始和轉過1800時平面都與磁場垂直，則磁通量的變化量ΔΦ=2BS（磁感應強度為B，平面的面積為S）
（3）磁通量的變化率
①磁通量的變化率：描述磁場中穿過某個面磁通量變化快慢的物理量。
②大小計算：
③在數(shù)值上等于單匝線圈產生的感應電動勢的大小。
④在Φ—t圖象中，圖象的斜率表示
（4）引起某一回路磁通量變化的原因
（1）磁感強度的變化（2）線圈面積的變化（部分導體做切割磁感線運動）
（3）線圈平面的法線方向與磁場方向夾角的變化
考點2、感應電流的方向判斷
（1）判斷的方法：
①右手定則——部分導體做切割磁感線運動時產生的感應電流的方向
②楞次定律
（2）楞次定律的理解
運用楞次定律判定感應電流方向的基本思路可歸結為：“一原、二感、三電流”，即為：
①明確原磁場：弄清原磁場的方向及磁通量的變化情況.
②確定感應磁場：即根據(jù)楞次定律中的阻礙原則，結合原磁場磁通量變化情況，確定出感應電流產生的感應磁場的方向.
③判定電流方向：即根據(jù)感應磁場的方向，運用安培定則判斷出感應電流方向.
（b）判斷閉合電路（或電路中可動部分導體）相對運動類問題的分析策略
在電磁感應問題中，有一類綜合性較強的分析判斷類問題，主要講的是磁場中的閉合電路在一定條件下產生了感應電流，而此電流又處于磁場中，受到安培力作用，從而使閉合電路或電路中可動部分的導體發(fā)生了運動.對其運動趨勢的分析判斷可有兩種思路方法：
①常規(guī)法：
據(jù)原磁場（B原方向及ΔΦ情況）確定感應磁場（B感方向）判斷感應電流（I感方向）導體受力及運動趨勢.
②效果法
由楞次定律可知，感應電流的“效果”總是阻礙引起感應電流的“原因”，深刻理解“阻礙”的含義.據(jù)阻礙原則，可直接對運動趨勢作出判斷，更簡捷、迅速.
a、阻礙變化阻礙原磁通的變化
b、阻礙變化阻礙（導體間的）相對運動，即“來時拒，去時留”
c、阻礙變化阻礙原電流的變化，應用在解釋自感現(xiàn)象的有關問題。
考點3、電動勢的計算
（1）、用法拉第電磁感應定律計算
定律內容：感應電動勢大小決定于磁通量的變化率的大小，與穿過這一電路磁通量的變化率成正比。
感應電動勢大小的計算式：
①線圈面積S不變，磁感應強度均勻變化：
②磁感強度不變，線圈面積均勻變化：
③B、S均不變，線圈繞過線圈平面內的某一軸轉動時，計算式為：
（2）導體切割磁感線時產生感應電動勢大小的計算式：
公式：
①若導體變速切割磁感線，公式中的電動勢是該時刻的瞬時感應電動勢。
②若導體不是垂直切割磁感線運動，v與B有一夾角，如圖1：
③若導體在磁場中繞著導體上的某一點轉動時

相關知識

高考物理知識點速查復習光的干涉

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高考物理知識點速查復習機械能、功

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高考物理知識點速查復習光電效應、能級、原子物理

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光電效應
光量子（光子）：E=hν
實驗結論光子說的解釋
1、每種金屬都有一個極限頻率入射光的頻率必須大于這個頻率才能產生光電效應電子從金屬表面逸出，首先須克服金屬原子核的引力做功（逸出功W），要使入射光子的能量不小于W，對應頻率即是極限頻率。

2、光電子的最大初動能與入射光的強度無關，只隨入射光的頻率增大而增大電子吸收光子能量后，只有直接從金屬表面飛出的光電子，才具有最大初動能即：

3、入射光照射到金屬板上時光電子的發(fā)射機率是瞬時的，一般不會超過10-9S光照射金屬時，電子吸收一個光子（形成光電子）的能量后，動能立即增大，不需要積累能量的過程。
4、當入射光的頻率大于極限頻率時，光電流強度與入射光強度成正比當入射光的頻率大于極限頻率時，入射光越強，單位時間內入射到金屬表面的光子數(shù)越多，產生的光電子數(shù)越多，射出的光電子作定向移動時形成的光電流越大。
（1）產生光電效應的條件：①ν≥ν極；②hν≥W
（2）發(fā)生光電效應后，入射光的強度與產生的光電流成正比。
（3）光電效應方程,W=hν極；
（4）光電管的應用
能級
一、核式結構模型與經(jīng)典物理的矛盾
（1）根據(jù)經(jīng)典物理的觀點推斷：①在軌道上運動的電子帶有電荷，運動中要輻射電磁波。②電子損失能量，它的軌道半徑會變小，最終落到原子核上。
③由于電子軌道的變化是連續(xù)的，輻射的電磁波的頻率也會連續(xù)變化。
事實上：①原子是穩(wěn)定的；②輻射的電磁波頻率也只是某些確定值。
二、玻爾理論
①軌道量子化：電子繞核運動的軌道半徑只能是某些分立的數(shù)值。對應的氫原子的軌道半徑為：rn=n2r1(n=1,2,3,…………)，r1=0.53×10-10m。
②能量狀態(tài)量子化：原子只能處于一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中，這些狀態(tài)的能量值叫能級，能量最低的狀態(tài)叫基態(tài)，其它狀態(tài)叫激發(fā)態(tài)。原子處于稱為定態(tài)的能量狀態(tài)時,雖然電子做加速運動,但并不向外輻射能量.
氫原子的各能量值為：
③躍遷假說：原子從一種定態(tài)躍遷到另一種定態(tài)要輻射（或吸收）一定頻率的光子，即：hν=Em-En
三、光子的發(fā)射和吸收
（1）原子處于基態(tài)時最穩(wěn)定，處于較高能級時會自發(fā)地向低能級躍遷，經(jīng)過一次或幾次躍遷到達基態(tài)，躍遷時以光子的形式放出能量。
（2）原子在始末兩個能級Em和En（mn）間躍遷時發(fā)射光子的頻率為ν，其大小可由下式?jīng)Q定：hν=Em-En。
（3）如果原子吸收一定頻率的光子，原子得到能量后則從低能級向高能級躍遷。
（4）原子處于第n能級時，可能觀測到的不同波長種類N為：
考點分析：
考點：波爾理論：定態(tài)假設；軌道假設；躍遷假設。
考點：hν=Em-En
考點：原子處于第n能級時，可能觀測到的不同波長種類N為：
考點：原子的能量包括電子的動能和電勢能（電勢能為電子和原子共有）即：原子的能量En=EKn+EPn.軌道越低，電子的動能越大，但勢能更小，原子的能量變小。
電子的動能：，r越小，EK越大。
原子物理
一、原子的核式結構
二、天然放射現(xiàn)象、衰變
衰變次數(shù)的計算方法：根據(jù)質量數(shù)的變化計算α次數(shù)，其次數(shù)n=質量數(shù)的變化量/4；根據(jù)電荷數(shù)的變化，計算β衰變次數(shù)。中子數(shù)的變化量=2×α衰變次數(shù)+β衰變次數(shù)。
三、半衰期的計算
半衰期計算公式:；m為剩余質量；mO為原有質量；t為衰變時間；τ為半衰期。
四、核反應方程
五、核能的計算
核反應釋放的核能：ΔE=Δmc2或ΔE=Δm×931.5Mev

高考物理知識點速查復習牛頓第二定律的理解與方法應用

一名優(yōu)秀的教師在每次教學前有自己的事先計劃，高中教師要準備好教案，這是教師工作中的一部分。教案可以讓學生們能夠在上課時充分理解所教內容，幫助高中教師提高自己的教學質量。怎么才能讓高中教案寫的更加全面呢？下面是由小編為大家整理的“高考物理知識點速查復習牛頓第二定律的理解與方法應用”，大家不妨來參考。希望您能喜歡！

牛頓第二定律的理解與方法應用
一、牛頓第二定律的理解。
1、矢量性
合外力的方向決定了加速度的方向，合外力方向變，加速度方向變，加速度方向與合外力方向一致。其實牛頓第二定律的表達形式就是矢量式。
2、瞬時性
加速度與合外力是瞬時對應關系，它們同生、同滅、同變化。
3、同一性(同體性)
中各物理量均指同一個研究對象。因此應用牛頓第二定律解題時，首先要處理好的問題是研究對象的選擇與確定。
4、相對性
在中，a是相對于慣性系的而不是相對于非慣性系的即a是相對于沒有加速度參照系的。
5、獨立性
理解一：F合產生的加速度a是物體的總加速度，根據(jù)矢量的合成與分解，則有物體在x方向的加速度ax；物體在y方向的合外力產生y方向的加速度ay。牛頓第二定律分量式為：。
二、方法與應用
1、整體法與隔離法（同體性）
選擇研究對象是解答物理問題的首要環(huán)節(jié)，在很多問題中，涉及到相連接的幾個物體，研究對象的選擇方案不惟一。解答這類問題，應優(yōu)先考慮整體法，因為整體法涉及研究對象少，未知量少，方程少，求解簡便。但對于大多數(shù)平衡問題單純用整體法不能解決，通常采用“先整體，后隔離”的分析方法。
2、牛頓第二定律瞬時性解題法（瞬時性）
牛頓第二定律的核心是加速度與合外力的瞬時對應關系，做變加速運動的物體，其加速度時刻都在變化，某時刻的加速度叫瞬時加速度，而加速度由合外力決定，當合外力恒定時，加速度也恒定，合外力變化時，加速度也隨之變化，且瞬時力決定瞬時加速度。解決這類問題要注意：
（1）確定瞬時加速度的關鍵是正確確定瞬時合外力。
（2）當指定某個力變化時，是否還隱含著其它力也發(fā)生變化。
（3）整體法、隔離法的合力應用。
3、動態(tài)分析法
4、正交分解法（獨立性）
（1）、平行四邊形定則是矢量合成的普遍法則，若二力合成，通常應用平行四邊形定則，若是多個力共同作用，則往往應用正交分解法
（2）正交分解法：即把力向兩個相互垂直的方向分解，分解到直角坐標系的兩個軸上，再進行合成，以便于計算解題。
5、結論求解法：結論：物體由豎直圓周的頂點從靜止出發(fā)，沿不同的光滑直線軌道運動至圓周上另外任一點所用的時間相同。
三、牛頓定律的應用
1、脫離問題
一起運動的兩物體發(fā)生脫離時，兩物體接觸，物體間的彈力為零，兩物體的速度、加速度相等。
曲線運動、運動的合成與分解、平拋運動
1、深刻理解曲線運動的條件和特點
（1）曲線運動的條件：運動物體所受合外力的方向跟其速度方向不在一條直線上時，物體做曲線運動。
（2）曲線運動的特點：○1在曲線運動中，運動質點在某一點的瞬時速度方向，就是通過這一點的曲線的切線方向。②曲線運動是變速運動，這是因為曲線運動的速度方向是不斷變化的。○3做曲線運動的質點，其所受的合外力一定不為零，一定具有加速度。
(3)曲線運動物體所受合外力方向和速度方向不在一直線上，且一定指向曲線的凹側。
2、深刻理解運動的合成與分解
(1)物體的實際運動往往是由幾個獨立的分運動合成的，由已知的分運動求跟它們等效的合運動叫做運動的合成；由已知的合運動求跟它等效的分運動叫做運動的分解。
運動的合成與分解基本關系：○1分運動的獨立性；○2運動的等效性（合運動和分運動是等效替代關系，不能并存）；○3運動的等時性；○4運動的矢量性（加速度、速度、位移都是矢量，其合成和分解遵循平行四邊形定則。）
(2)互成角度的兩個分運動的合運動的判斷
合運動的情況取決于兩分運動的速度的合速度與兩分運動的加速度的合加速度，兩者是否在同一直線上，在同一直線上作直線運動，不在同一直線上將作曲線運動。
①兩個直線運動的合運動仍然是勻速直線運動。
②一個勻速直線運動和一個勻加速直線運動的合運動是曲線運動。
③兩個初速度為零的勻加速直線運動的合運動仍然是勻加速直線運動。
④兩個初速度不為零的勻加速直線運動的合運動可能是直線運動也可能是曲線運動。當兩個分運動的初速度的合速度的方向與這兩個分運動的合加速度方向在同一直線上時，合運動是勻加速直線運動，否則是曲線運動。
（3）怎樣確定合運動和分運動
①合運動一定是物體的實際運動
②如果選擇運動的物體作為參照物，則參照物的運動和物體相對參照物的運動是分運動，物體相對地面的運動是合運動。
③進行運動的分解時，在遵循平行四邊形定則的前提下，類似力的分解，要按照實際效果進行分解。
3、繩端速度的分解
此類有繩索的問題，對速度分解通常有兩個原則①按效果正交分解物體運動的實際速度②沿繩方向一個分量，另一個分量垂直于繩。（效果：沿繩方向的收縮速度，垂直于繩方向的轉動速度）
4、小船渡河問題
17、一條寬度為L的河流，水流速度為Vs,已知船在靜水中的速度為Vc，那么：
（1）怎樣渡河時間最短？
（2）若VcVs,怎樣渡河位移最??？
（3）若VcVs,怎樣使船沿河漂下的距離最短？
分析與解：（1）如圖2甲所示，設船上頭斜向上游與河岸成任意角θ，這時船速在垂直于河岸方向的速度分量V1=Vcsinθ,渡河所需時間為：.
可以看出：L、Vc一定時，t隨sinθ增大而減??；當θ=900時，sinθ=1,所以，當船頭與河岸垂直時，渡河時間最短，.

(2)如圖2乙所示，渡河的最小位移即河的寬度。為了使渡河位移等于L，必須使船的合速度V的方向與河岸垂直。這是船頭應指向河的上游，并與河岸成一定的角度θ。根據(jù)三角函數(shù)關系有：Vccosθ─Vs=0.
所以θ=arccosVs/Vc,因為0≤cosθ≤1,所以只有在VcVs時，船才有可能垂直于河岸橫渡。
（3）如果水流速度大于船上在靜水中的航行速度，則不論船的航向如何，總是被水沖向下游。怎樣才能使漂下的距離最短呢？如圖2丙所示，設船頭Vc與河岸成θ角，合速度V與河岸成α角?？梢钥闯觯害两窃酱?，船漂下的距離x越短，那么，在什么條件下α角最大呢？以Vs的矢尖為圓心，以Vc為半徑畫圓，當V與圓相切時，α角最大，根據(jù)cosθ=Vc/Vs,船頭與河岸的夾角應為：θ=arccosVc/Vs.
船漂的最短距離為：.
此時渡河的最短位移為：.
5、平拋運動
（1）．物體做平拋運動的條件：只受重力作用，初速度不為零且沿水平方向。物體受恒力作用，且初速度與恒力垂直，物體做類平拋運動。
（2）．平拋運動的處理方法
通常，可以把平拋運動看作為兩個分運動的合動動：一個是水平方向（垂直于恒力方向）的勻速直線運動，一個是豎直方向（沿著恒力方向）的勻加速直線運動。
(3)．平拋運動的規(guī)律
以拋出點為坐標原點，水平初速度V0方向為沿x軸正方向，豎直向下的方向為y軸正方向，建立如圖1所示的坐標系，在該坐標系下，對任一時刻t.
①位移
分位移,,合位移,.
為合位移與x軸夾角.
②速度
分速度,Vy=gt,合速度,.
為合速度V與x軸夾角
(4)．平拋運動的性質
做平拋運動的物體僅受重力的作用，故平拋運動是勻變速曲線運動。
29、如圖4所示，排球場總長為18m，設球網(wǎng)高度為2m，運動員站在離網(wǎng)3m的線上（圖中虛線所示）正對網(wǎng)前跳起將球水平擊出。（不計空氣阻力）
(1)設擊球點在3m線正上方高度為2.5m處，試問擊球的速度在什么范圍內才能使球即不觸網(wǎng)也不越界？
（2）若擊球點在3m線正上方的高度小余某個值，那么無論擊球的速度多大，球不是觸網(wǎng)就是越界，試求這個高度？
思路分析：排球的運動可看作平拋運動，把它分解為水平的勻速直線運動和豎直的自由落體運動來分析。但應注意本題是“環(huán)境”限制下的平拋運動，應弄清限制條件再求解。關鍵是要畫出臨界條件下的圖來。
解答：（1）如圖，設球剛好擦網(wǎng)而過
擦網(wǎng)點x1＝3m，y1＝h2－h(huán)1＝2.5－2＝0.5m
設球剛好打在邊界線上，則落地點x2＝12m，y2＝h2＝2.5m，代入上面速度公式可求得：
欲使球既不觸網(wǎng)也不越界，則球初速度v0應滿足：
（2）設擊球點高度為h3時，球恰好既觸網(wǎng)又壓線，如圖所示。
再設此時排球飛出的初速度為v，對觸網(wǎng)點x3＝3m，y3＝h3－h(huán)1＝h3－2代入（1）中速度公式可得：
對壓界點x4＝12m，y4＝h3，代入（1）中速度公式可得：
1、2兩式聯(lián)立可得h3＝2.13m
即當擊球高度小于2.13m時，無論球被水平擊出的速度多大，球不是觸網(wǎng)，就是出界。
6、圓周運動
線速度、角速度、周期間的關系
皮帶傳動問題
①皮帶上的各點的線速度大小相等
②同一輪子上的各點的角速度相等，周期相等